Nouvelle Calédonie. Novembre 2013. Enseignement

Nouvelle Calédonie. Novembre 2013. Enseignement spécifique
EXERCICE 4 (5 points) (candidats n’ayant pas suivi l’enseignement de spécialité)
Le plan est rapporté à un repère orthonormal direct !O,
u,
v".
On note Cl’ensemble des nombres complexes.
Pour chacune des propositions suivantes, dire si elle est vraie ou fausse en justifiant la réponse.
1) Proposition :Pourtoutentiernatureln:(1+i)4n =(4)n.
2) Soit (E) l’équation (z4)!z24z +8"=0zdésigne un nombre complexe.
Proposition :Lespointsdontlesaxessontlessolutions,dansC,de(E)sontlessommetsduntriangle
d’aire 8.
3) Proposition :Pourtoutnombreréelα,1+e2iα=2eiαcos(α).
4) Soit A le point d’axe zA=1
2(1+i)et Mnle point d’axe (zA)nndésigne un entier naturel supérieur
ou égal à 2.
Proposition :sin1est divisible par 4, alors les points O,Aet Mnsont alignés.
5) Soit jle nombre complexe de module 1et d’argument 2π
3.
Proposition :1+j+j2=0.
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Jean-Louis Rouget, 2014. Tous droits réservés.
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EXERCICE 4 : corrigé
Proposition 1. VRAI
Proposition 2. FAUX
Proposition 3. VRAI
Proposition 4. VRAI
Proposition 5. VRAI
1) (1+i)2=1+2i 1=2i puis (1+i)4=!(1+i)2"2=(2i)2=4.Soitalorsnun entier naturel.
(1+i)4n =!(1+i)4"n=(4)n.
La proposition 1 est vraie.
2) Soit zun nombre complexe.
(z4)!z24z +8"=0z=4ou z24z +8=0.
Le discriminant de l’équation z24z +8=0est =(4)24×1×8=16 < 0.Léquationz24z +8=0admet
donc deux solutions non réelles conjuguées à savoir z1=(4)+4i
2=2+2i et z2=z1=22i.
Les solutions de l’équation (E)dans Csont 4,2+2i et 22i.
1
2
1
2
1234
L’aire du triangle dont les sommets ont pour axes les solutions de (E)est la moitié de l’aire du rectangle de sommets
les points de coordonnées (2, 2),(4, 2),(4, 2)et (2, 2).Cetteaireesgaleà4×2
2=4.Laproposition2estfausse.
3) Soit αun nombre réel.
1+e2iα=eiα!eiα+eiα"=eiα(cos αisin α+cos α+isin α)=2eiαcos(α).
La proposition 3 est vraie.
4) |1+i|=12+12=2puis
1
2(1+i)=2
2#1
2+i1
2$=2
2%cos %π
4&+isin %π
4&&=2
2eiπ
4.
En particulier, arg (zA)= π
4[2π]puis arg (zMn)=arg !(zA)n"=nπ
4[2π].Onendéduitque%
u,−−
OA&=π
4[2π]et
que %
u,−−
OMn&=nπ
4[2π]puis que
%−−
OA, −−
OMn&=%−−
OA,
u&+%
u,−−
OMn&=%
u,−−
OA&+%
u,−−
OMn&=
π
4+nπ
4=(n1)π
4[2π].
Supposons de plus que n1soit divisible par 4.Posonsn=4p pest un entier naturel.
%−−
OA, −−
OMn&=4pπ
4=pπ[2π].
Mais alors les points O,Aet Mnsont alignés. La proposition 4 est vraie.
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5) j=e2iπ
3puis
1+j+j2=1+cos #2π
3$+isin #2π
3$+cos #4π
3$+isin #4π
3$=11
2+i3
21
2i3
2=0.
La proposition 5 est vraie.
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