Nombres de Stirling de seconde espèce blogdemaths.wordpress.com Rappelons la relation de récurrence vérifiée par les nombres de Stirling de seconde espèce S(n, k) : S(n, k) = S(n − 1, k − 1) + k.S(n − 1, k) Formule explicite. Pour tout entier naturel non nul n, pour tout entier naturel k ≤ n, à ! k 1 X k− j k n (−1) j S(n, k) = j k! j =0 Nous démontrons ce théorème par récurrence sur n. a) C’est évident si n = 1 et k = 0 Si n = 1 et k = 1 Ãalors ! la formule est évidemment vérifiée car on sait que S(1, 1) = 1 et 1 X 1 1 1 (−1)1− j j = −0 + 1 = 1. car j 1! j =0 b) On suppose que la formule est vraie au rang n − 1 et nous allons la prouver au rang n. Soit k ≤ n. On commence par calculer S(n−1, k−1) et k.S(n−1, k) à l’aide de l’hypothèse de récurrence : à ! k−1 X 1 (k−1)− j k − 1 n−1 S(n − 1, k − 1) = (−1) j (1) (k − 1)! j =0 j à ! X −1 k−1 k− j k − 1 n−1 = (−1) j (2) (k − 1)! j =0 j à ! k −1 X k− j k − 1 n−1 = (−1) j (3) (k − 1)! j =0 j L’étape (3) dit que, puisque sera pratique dans la suite). D’autre part, ¡k−1¢ k = 0, on peut faire aller la somme jusqu’à j = k (ce qui à ! k 1 X k− j k n−1 k.S(n − 1, k) = k. (−1) j k! j =0 j à ! k X 1 k− j k n−1 = (−1) j (k − 1)! j =0 j (4) (5) A présent, utilisons la relation de récurrence : S(n, k) = S(n − 1, k − 1) + k.S(n − 1, k) " à ! à !# k X k −1 k 1 k− j = (−1) − + j n−1 (k − 1)! j =0 j j blogdemaths.wordpress.com 1 (6) (7) ! ! à ! à à k −1 k k −1 . D’où = + Mais on sait d’après la formule de Pascal que − j −1 j j ! à k X 1 k− j k − 1 n−1 S(n, k) = j (−1) j −1 (k − 1)! j =0 = k X 1 (k − 1)! (−1)k− j j n−1 (k − 1)! j =0 ( j − 1)!((k − 1) − ( j − 1))! = k X (k − 1)! 1 (−1)k− j j n−1 (k − 1)! j =0 ( j − 1)!(k − j )! (8) (9) (10) (11) En multipliant le numérateur et le dénominateur par k et j , on obtient S(n, k) = k X k(k − 1)! 1 (−1)k− j j n−1 . j k(k − 1)! j =0 j ( j − 1)!(k − j )! k 1 X k! (−1)k− j jn k! j =0 j !(k − j )! à ! k 1 X k− j k n j (−1) = j k! j =0 = CQFD. 2 (12) (13) (14)