Terminale S Problème de synthèse n° 4 Suites - Fonction ln - Calcul intégral Le but du problème est l’étude de la suite (un) définie pour tout entier naturel non nul par : un = ln 1 ln 2 ln n + +…+ . 1 2 n Pour cela on étudie la fonction de variable réelle définie sur ]0 ;+ ∞[ par : f(x) = ln x . x → → On désigne par C la courbe représentative de f dans un plan rapporté à un repère orthogonal (O ; i ; j ) → → avec || i || = 1 et || j || = 2 (unité graphique : 2 cm). A – Etude de f 1) Etudier les limites de f en 0 et en + ∞ et préciser si la courbe C admet des asymptotes. 2) Justifier que f est dérivable sur ]0 ;+ ∞[ et calculer f’(x) pour x > 0. 3) Etudier les variations de f et dresser son tableau de variations. 4) Trouver l’abscisse du point A d’intersection de la courbe C et de l’axe des abscisses. Donner une équation de la tangente T à C en A. Tracer la droite T et la courbe C. B – Etude de la suite (un) 1) Prouver que la suite (un) est croissante. 2) n est un entier supérieur ou égal à 8. Utiliser l’étude des variations de f pour prouver que : ln ln(n + 1) ≤⌡ ⌠nn+1f(x) dx ≤ n n+1 3) Prouver que pour tout entier n supérieur ou égal à 8 : ln 9 ln 10 ln (n+1) ln 8 ln 9 ln (n) + +…+ ≤⌡ + +…+ ⌠8n+1f(x) dx ≤ 9 10 n+1 8 9 n En déduire que pour tout entier n supérieur ou égal à 8 : n+1 un – u8 ≤ ⌠ ⌡8 f(x) dx ≤ un – u7 n+1 4) Calculer ⌠ ⌡8 f(x) dx par intégration par parties. 5) Prouver que lim n→+ ∞ n + 1 ln (n + 1) 1 = 1 et déduire de ce qui précède que lim un = 1. n→+ ∞ 2 n ln n n ln n 1 Terminale S Problème de synthèse n° 4 Suites - Fonction ln - Calcul intégral CORRECTION A – Etude de f 1) On pose X = 1 x ln x = lim - X ln X = - ∞ x→0 x X→+ ∞ lim On pose X = x ln x 2ln X lim = lim =0 x→+ ∞ x X→+ ∞ X C admet deux asymptotes : l’axe des ordonnées en 0 et l’axe des abscisses en + ∞. 2) f quotient de deux fonctions dérivables sur ]0 ;+ ∞[ est dérivable sur ]0 ;+ ∞[. u(x) f(x) = avec u(x) = ln x et v(x) = x v(x) u’(x)v(x) – u(x)v’(x) f’(x) = u²(x) 1 1 u’(x) = et v’(x) = x 2 x x ln x x 2 x 2x – xlnx 2 – ln x f’(x) = = = x 2x² x 2x x 3) Pour x > 0 f’(x) est du signe de 2 – ln x. 2 – ln x = 0 x = e2 2 f(e²) = e Tableau de variations de f : x 0 f' f(x) e2 −∞ +∞ − + 2 e 0 4) f(x) = 0 ln x = 0 x = 1 A a pour coordonnées : A(1 ;0) Une équation de T est y = f’(1)(x – 1) + f(1) Soit y = x – 1 2 Terminale S Problème de synthèse n° 4 Suites - Fonction ln - Calcul intégral B – Etude de la suite (un) 1) un+1 – un = ln n >0 n Donc la suite (un) est croissante. 2) e2 ≈ 7,4 soit n un entier supérieure ou égal à 8 Pour x tel que n≤x≤n+1 f(n+1) ≤ f(x) ≤ f(n) car la fonction f est décroissante sur [8 ;+∞[. n+1 n+1 n+1 ⌠ ⌡n f(n+1) dx ≤ ⌠ ⌡n f(x) dx ≤ ⌠ ⌡n f(n) dx (on intègre entre n et n+1). n+1 f(n+1) ≤ ⌠ ⌡ f(x) dx ≤ f(n) n Soit : ln(n + 1) n+1f(x) dx ≤ ln ≤⌠ ⌡ n n n+1 3) Cela résulte de la relation de Chasles : n+1 9 10 n+1 ⌠ ⌡8 f(x) dx = ⌠ ⌡8 f(x) dx + ⌠ ⌡9 f(x) dx + … + ⌠ ⌡n f(x) dx 3 Terminale S Problème de synthèse n° 4 Suites - Fonction ln - Calcul intégral Et en additionnant membre à membre les encadrements de la question 2. On obtient alors : ln (n+1) ln 9 ln 10 n+1f(x) dx ≤ ln 8 + ln 9 + … + ln (n). + +…+ ≤⌠ ⌡ 8 9 10 n+1 8 9 n un+1 - u8 = ln 9 ln 10 ln (n+1) ln 8 ln 9 ln (n) + +…+ et un - u7 = + +…+ 9 10 n+1 8 9 n On a donc : n+1 un+1 - u8 ≤ ⌠ ⌡ f(x) dx ≤ un - u7 8 Or la suite (un) est croissante donc : un - u8 ≤ un+1 - u8 On obtient finalement l’encadrement demandé : n+1 un - u8 ≤ ⌠ ⌡ f(x) dx ≤ un - u7 8 4) On pose u(x) = ln x et v’(x) = 1 x 1 Alors u’(x) = et v(x) = 2 x (une primitive possible) x On alors : n+1 ⌠ n+1 1 dx ⌠ ⌡8 f(x) dx = u(n+1)v(n+1) – u(8)v(8) – 2 x ⌡8 ⌠8n+1f(x) dx = 2 n+1 ln(n+1) - 12 2 ln 2 – 4( n+1 - 8) ⌡ ⌠8n+1f(x) dx = 2 n+1 ln(n+1) - 12 2 ln 2 – 4 n+1 + 8 2 ⌡ 5) n + 1 ln (n + 1) = n ln n 1 ln(1 + ) n 1 1 + [1 + ] ln n n On en déduit que : lim n→+ ∞ n + 1 ln (n + 1) =1 n ln n n+1 n+1 De la question 3), on déduit que : ⌠ ⌡ f(x) dx + u7 ≤ un ≤ ⌠ ⌡ f(x) dx + u8 8 Or 8 [1] n+1 ⌠ ⌡8 f(x) dx 2 n+1 ln(n+1) - 12 2 ln 2 – 4 n+1 + 8 2 2 n ln n = 2 n ln n 4 Terminale S Problème de synthèse n° 4 Suites - Fonction ln - Calcul intégral et en utilisant le résultat précédent, on a : lim n→+ ∞ n+1 ⌠ ⌡8 f(x) dx 2 n ln n =1 Enfin, par utilisation du théorème des gendarmes dans l’encadrement [1] et la limite ci-dessus, 1 on obtient : lim un = 1. n→+ ∞ 2 n ln n 5