Equations de Maxwell par Savouret Aimé [email protected] Supposons que l'ether est un milieu de particule chargée et massique. On suppose que l'intéraction entre les particules est d'ordre électrostatique. Dans le cas d'un gaz parfait, les forces pressantes qui agissent sur les particules de fluide sont la conséquence de l'agitation thermique. Mais ici, même si l'ether est problablement un milieu énergétique, c'est-à-dire agité, les forces pressantes causée par l'agitation thermique sont négligeables face à ceux produit par les forces électrostatiques. On peut définir l'état de l'éther par son champs des vitesses v r , t , son champs des pressions p r , t et son champ de potentiel électrique V r , t . On note la masse volumique de l'éther, 0 son facteur de compressibilité isentropique supposé constant et la densité de charge de l'éther supposée également constante . On prend =01 avec 0≫1 . 1 est la variation de la masse volumique et 0 est la masse volumique du fluide au repos, c'est une constante. Soit '=ext où l'ether. ext est la densité de charge des autres particules chargées autres que celles de L'expérience permet de définir le champ électrique en régime statique avec div E= V . Ce sont des définitions. E =− grad ' et 0 On étudie un élement infinitésimal de fluide. On montre que dans le cas d'un gaz parfait, on a : dv p 0⋅ =− grad dt div 0⋅v Equation d'Euler linéarisée d'un gaz parfait d 1 =0 Equation de conservation de la masse d'un gaz parfait dt Dans notre cas, les forces volumiques sur les particules d'éther sont d'ordre électrostatique ainsi p=⋅E V =−grad ⋅V donc p r , t =⋅V r , t =−⋅grad − grad Les équations dans l'éther deviennent : dv V (1) Equation d'Euler linéarisée de l'éther 0⋅ =−⋅grad dt div 0⋅v 0= or on a d 1 =0 (2) Equation de conservation de la masse de l'éther dt −1 dV olume 1 1 d 1 d 1 ⋅ et V olume = d'où 0= ⋅ = ⋅ dp 0 dp V olume dp d 1=0⋅0⋅dp=0⋅0⋅⋅dV La relation (2) devient On pose A= div 0 dV ⋅v 0⋅0⋅ =0 . dt 0 ⋅ v que l'on nommera le potentiel magnétique alors on a : dV div A0⋅0⋅ =0 (3) Equation de jauge Lorentz dt et d'après (1) d A , E= dt Ainsi en régime variable, on aura V d A E =− grad dt Il y a un problème de signe et même si A= −0 ⋅v ! Je ne l'avais pas remarquer les premières fois. B =rot A le champ magnétique et finalement : On pose d B Equation de Maxwell-Faraday (problème de signe) rot E= dt On calcul div A , il vient d'après (3) : rot A=− rot B= rot A grad dE rot B=− A0⋅0⋅ dt Equation de Maxwell-Ampère C'est louche avec ces résultats je n'obtiens plus une équation de d'Alembert. Mais avant de remplacer par erreur de calcule ! E =−0⋅0⋅ d2 E ... dt 2 d2 E E =0⋅ 0⋅ 2 ... . Il y a forcement une B =rot A , j'ai bien dt Voyons un peu, oublions ce qui précède et normalement on a dV dE d B A0⋅0⋅ =0 avec , rot et div rot B=0⋅j0⋅0⋅ E =− dt dt dt Si on calcule d E rot A=− OK pour le + . rot B= rot A0⋅0⋅ dt Si on détermine l'équation de d'Alembert pour E= B =rot A E , on peut faire : d E d rot B E =0⋅0⋅ 2 ... ... donc dt dt 2 OU BIEN on a aussi d A soit E =− dt 2 div A d E d grad div d'où E =−0⋅0⋅ 2 ... grad E=− dt dt C'est contratictoire, je ne trouve pas mon erreur !