DM n°3 – 1èreS – 2010/2011 Corrigé Exercice 1 a- x²(2x-3)+1 = 14(x-1) ⟺ 2x3-3x²-14x+15 = 0 ⟺ (x-1)(ax²+bx+c) = 0 (car 1 est une racine évidente), a, b et c étant des réels à déterminer. ⟺ (x-1)(2x²+bx-15) = 0 (a = 2 et c = -15 s’obtiennent en développant les termes de plus haut degrés et les termes constants) ⟺ (x-1)(2x²-x-15) = 0 (car on doit avoir –bx-15x = -14x, d’où b = -1) ⟺ (x-1)(x-3)(ax+b) = 0 (car 3 est une racine évidente de 2x²-x-15) ⟺ (x-1)(x-3)(2x+5) = 0 5 Donc S= {- ; 1 ; 3} 2 b- 2x3-x²+4x = -7 ⟺ 2x3-x²+4x+7 = 0 ⟺ (x+1)(ax²+bx+c) = 0 car -1 est une racine évidente ⟺ (x+1)(2x²-3x+7) = 0 on trouve a, b et c avec la méthode habituelle Le discriminant de 2x²-3x+7 est ∆= −47 < 0 donc ce trinôme n’a pas de racine. Donc S={-1 } c- x3-8x² = -5(x+10) ⟺ x3-8x²+5x+50 = 0 ⟺ (x+2)(ax²+bx+c) = 0, car -2 est une racine évidente ⟺ (x+2)(x²-10x+25) = 0, on trouve a, b et c avec la méthode habituelle ⟺ (x+2)(x-5)² = 0, car on a une identité remarquable. Donc S={-2 ; 5 } Exercice 2 a- On effectue le calcul et trouve bien h(2) = 0 et h(-2) = 0. b- 2 et -2 sont donc des racines du polynôme, qui se factorise donc sous la forme : h(x) = (x-2)(x+2)(ax²+bx+c), et en développant les deux premiers facteurs, on obtient bien : h(x) = (x²-4)(ax²+bx+c). Avec la méthode habituelle, on obtient h(x) = (x²-4)(2x²+bx+3), puis en développant pour obtenir le terme de degré 1, on a la condition -4bx = 4x, soit b = -1. Donc h(x) = (x²-4)(2x²-x+3). c- h(x) = 0 ⟺ (x²-4)(2x²-x+3) = 0 Le discriminant de 2x²-x+3 est ∆= −23 < 0 donc ce trinôme n’a pas de racine. Donc S={-2 ; 2 } Exercice 3 a- (16-x²)(3x²-5x) > 0 ⟺ (4-x)(4+x)x(3x-5) > 0 Les valeurs charnières sont -4 ; 0 ; 5/3 et 4 x 4-x 4+x x 3x-5 P -∞ -4 + - 0 + + + 0 0 5/3 + + + - 0 0 4 0 + + + + + 0 0 +∞ + + + - 0 𝟓 Donc S=]−𝟒 ; 𝟎[ ∪ ] ; 𝟒[ 𝟑 b- x3 ≥ 8x²-7x ⟺ x3-8x²+7x ≥ 0 ⟺ x(x-1)(x-7) ≥ 0 Les valeurs charnières sont 0 ; 1 et 7 x x-1 x-7 x P -∞ 0 - 1 0 + + 0 0 7 + + - 0 +∞ + + + + 0 0 Donc S=[𝟎 ; 𝟏] ∪ [𝟕 ; +∞[ c- Il y a deux valeurs interdites -6 et -4. (x-3)(x+6)-4,5(x+4) x-3 4,5 x-3 4,5 x-3 4,5 ≤ ⟺ ≤0 ⟺ ≤0 ⟺ ≤0 (x+4)(x+6) x+4 x+6 x+4 x+6 x+4 x+6 x²-1,5x-36 ⟺ ≤0 (x+4)(x+6) Le discriminant de x²-1,5x-36 est ∆= 146,25 > 0 donc le trinôme a deux racines x1 et x2. 1,5-√146,25 1,5+√146,25 x1 = et x2 = 2 2 Pour positionner ces racines dans le tableau, il faut en déterminer des valeurs approchées : x1 ≈-5,3 et x2 ≈6,8 D’autre part, le trinôme est du signe de a à l’extérieur des racines donc positif à l’extérieur des racines. Les valeurs charnières sont x1 et x2 x x²-1,5x-36 x+4 x+6 Q -∞ -6 + + 0 + + - x1 0 0 -4 + + 0 Donc S=]−𝟔 ; 𝒙𝟏 ] ∪ ]−𝟒 ; 𝒙𝟐 ] d- Il y a deux valeurs interdites -3 et -2. x 2 x 2 x(x+2)-5(x+3)(x+2)-2(x+3) -5> ⟺ -5>0 ⟺ >0 (x+3)(x+2) x+3 x+2 x+3 x+2 −4x² − 25x − 36 ⟺ >0 (x+3)(x+2) + + - x2 0 0 +∞ + + + + Le discriminant de -4x²-25x-36 est ∆= 49 > 0 donc le trinôme a deux racines x1 = -9/4 et x2 = -4. D’autre part, le trinôme est du signe de a à l’extérieur des racines donc négatif à l’extérieur des racines. Les valeurs charnières sont -4 et -9/4 . x -4x²-25x-36 x+3 x+2 Q -∞ -4 0 - -3 + + 0 Donc S=]−𝟒 ; −𝟑[ ∪ ]− -9/4 0 + + - 0 -2 + + 0 0 +∞ + + - 𝟗 ; −𝟐[ 𝟒 Exercice 4 1) Df = ℝ\{𝟏}. 2) Il y a une valeur interdite, 1. Le discriminant de 2x²-5x+2 est ∆= 9 > 0 donc le trinôme a deux racines x1 = 1/2 et x2 = 2. D’autre part, le trinôme est du signe de a à l’extérieur des racines donc positif à l’extérieur des racines. Les valeurs charnières sont 1/2 et 2. x 2x²-5x+2 x-1 Signe de f(x) -∞ + - 1/2 0 0 1 + + - 2 0 0 0 +∞ + + + 3) Après réduction au même dénominateur et identification des coefficients, on obtient : 1 f(x) = 2x − 3 − x−1 4) Pour étudier la position relative de Cf et de la droite d’équation y = 2x-3, il faut étudier le signe de la différence f(x)-(2x-3). Or : 1 1 f(x) − ( 2x − 3)= − = x−1 1−x Donc, il faut étudier le signe de 1-x, ce qui est évident. Si x > 1 alors f(x)-(2x-3) < 0, et Cf est en dessous de la droite. Si x < 1 alors f(x)-(2x-3) > 0, et Cf est au dessus de la droite. 5) On utilise l’expression du 3), et il est inutile de réduire au même dénominateur. 1 1 f(1+x) +f(1-x)= 2(1+x)-3+2(1-x)-31+x-1 1-x-1 1 1 = 2x-1- -2x-1- = −2 = 𝟐 × (−𝟏) x -x Donc S(1 ; -1) est bien centre de symétrie de la courbe. 6) Voir le graphique ci-contre. Exercice 5 Si a est un réel positif, on a l’égalité √𝑎² = 𝑎. Donc : - Si x ≥ 0, √x² = x, or |x| = x donc √x² = |x| - Si x ≤ 0, alors –x ≥ 0 et comme (-x)² = x², √x² = √(-x)² = -x, or |x| = -x donc √x² = |x|. On a donc démontré que pour tout réel x, √x² = |x|. Exercice 6 1) Supposons qu’il existe un polynôme P(x) tel que pour tout réel x, x4+6x3+11x²+6x+1 = [P(x)]², alors P(x) est de degré 2, donc il existe des réels a, b et c tels que P(x) = ax²+bx+c. Calculons [P(x)]² : [P(x)]² = (ax²+bx+c)(ax²+bx+c) = … = a²x4+2abx3+(2ac+b²)x²+2bcx+c² Or : x4+6x3+11x²+6x+1 = [P(x)]² Donc : x4+6x3+11x²+6x+1 = a²x4+2abx3+(2ac+b²)x²+2bcx+c² 𝒂=𝟏 𝒂 = −𝟏 𝑎² = 1 2𝑎𝑏 = 6 2𝑎𝑏 = 6 𝑎=1 𝑎 = −1 2𝑎𝑏 = 6 ⟺ 2𝑎𝑐 + 𝑏² = 11 ⟺ 2𝑎𝑐 + 𝑏² = 11 𝑜𝑢 2𝑎𝑐 + 𝑏² = 11 ⟺ {𝑏 = 3 𝑜𝑢 {𝑏 = −3 2𝑏𝑐 = 6 2𝑏𝑐 = 6 𝑐=1 𝑐 = −1 2𝑏𝑐 = 6 { { { 𝑐² = 1 𝑐² = 1 𝑐² = 1 On trouve donc deux polynômes vérifiant la condition initiale : P1(x) = x²+3x+1 et P2(x) = -x²-3x-1 = -P1(x) 2) Prenons maintenant quatre entiers naturels consécutifs. Ils peuvent s’écrire sous la forme, x, x+1, x+2 et x+3 (x étant un entier naturel). Leur produit augmenté de un est donc x(x+1)(x+2)(x+3)+1. Notons-le p(x). En développant, on obtient : p(x) = (x²+x)(x²+5x+6)+1 =…= x4+6x3+11x²+6x+1. D’après la question précédente, on peut donc écrire : x(x+1)(x+2)(x+3)+1 = [x²+3x+1]² Mais, x étant un entier, il est bien évident que x²+3x+1 aussi, le produit de quatre entiers naturels consécutifs augmenté de un est bien le carré d’un entier naturel.