Corrigé du partiel du 30 avril 2014
Exercice 1 a) L’événement Ane concerne que le dé jaune. On est en situation d’équiprobabilité donc,
selon la formule de Laplace, p(A) = # scores réalisant A
# total de scores possibles =|{2; 4; 6}|
|{1; 2; 3; 4; 5; 6}| = 3/6 = 1/2.
De même pour B, l’équiprobabilité entre les 36 résultats possibles donne p(B) = |{(a, b)|16b < a 6a}|
36 .
Et on peut compter les tirages favorables : (6,1) . . . (6,5)
| {z }
5
(5,1) . . . (5,4)
| {z }
4
(4,1) . . . (4,3)
| {z }
3
(3,1)(3,2)
| {z }
2
(2,1)
|{z}
1
.
Donc p(B) = 15/36 = 5/12.
Variante pour p(B). Dans le cas où les deux scores ne sont pas égaux, il est aussi probable que ce soit
le dé orange ou que ce soit le dé jaune qui a le score strictement supérieur à l’autre. Ainsi si on pose
E=“les deux scores sont égaux”, on a p(B) = 1
2p(E). On a p(E) = p(“obtenir un double”) = 1
/6. Et donc
p(E) = 5/6. Donc p(B) = 1/2×5/6.
b) On peut, ici aussi, compter les tirages favorables à A∩B:(6,5) (6,4) (6,3) (6,2) (6,1) (4,3) (4,2)
(4,1) (2,1). Formule de Laplace p(A∩B) = |A∩B|
|Ω|= 9/36 = 1/4.
c) On a toujours p(A∪B) + p(A∩B) = p(A) + p(B)(formule de Poincaré).
Donc p(A∪B) = p(A) + p(B)−p(A∩B) = 1
2+5
12 −1
4=6 + 5 −3
12 = 2/3.
d) On a A∩B=A∪B(loi de De Morgan). Donc p(A∩B) = p(A∪B) = 1 −p(A∪B) = 1/3.
e) Par définition pA(B) = p(A∩B)
p(A)donc pA(B) = 1/4
1/2= 1/2.
f) On a p(A)×p(B)=1/2×5/12 = 5/24 6= 1/4 = p(A∩B). Donc Aet Bne sont pas des événements
indépendants.
Exercice 2 Posons S=“le soldat survit une année” et O=“le soldat est un officier”. On a, dans l’énoncé,
les données suivantes : p(O) = 0,05,pO(S) = 0,9et pO(S) = 0,6.
a) On cherche p(S). Formule des probabilités totales : p(S) = p(O)pO(S)+p(O)pO(S) = 1
20 ×9
10 +19
20 ×6
10 =
123
200 = 0,615 = 61,5%.
b) On cherche pS(O). Formule de Bayes : pS(O) = p(O)pO(S)
p(O)pO(S) + p(O)pO(S)=1/20 ×9/10
p(S)=9/200
123/200 =
9/123 = 3/41 '7,3%.
c) On appelle S2l’événement “le soldat survit à deux années dans les tranchées”. D’après l’énoncé, un
officier a une probabilité 0,9×0,9de survivre deux ans : pO(S2) = (0,9)2= 81%. Et pour un non officier :
pO(S2) = (0,6)2= 36%. Alors p(S2) = p(O)pO(S2)+p(O)pO(S2) = 1
20 ×81
100 +19
20 ×36
100 =765
2000 = 38,25%.
Exercice 3
a) La seule subtilité de l’arbre est le fait qu’après avoir
pioché deux boules rouges, on pioche obligatoirement
une noire : l’arbre est binaire mais n’est pas complet
(7 branches au lieu de 8).
2/6/R
/
/
/
1/5/R
/
—— N 2/30 = 1/15
\
4/5\N1/4/R8/120 = 1/15
3/4\N24/120 = 3/15
\\\
4/6\N
2/5/R
/
1/4/R8/120 = 1/15
3/4\N24/120 = 3/15
\
3/5\N2/4/R24/120 = 3/15
2/4\N24/120 = 3/15
b) La variable Xpeut prendre les valeurs 0, 1, 2.
On peut calculer sa loi grâce à l’arbre ou en dé-
nombrant (équiprobabilité, formule de Laplace).
p(X= 0) = C3
4/C3
6= 4/20 = 1/5 = p(NNN)
p(X= 1) = C1
2×C2
4/C3
6= 2 ×6/20 = 3/5 =
p(RNN, NRN, N NR)
p(X= 2) = C2
2×C1
4/C3
6= 4/20 = 1/5 =
p(RRN, RNR, NRR)
Alors E[X] = 1
5×0 + 3
5×1 + 1
5×2 = 1.
Et E[X2] = 1
5×0 + 3
5×1 + 1
5×4 = 7/5.
Donc var(X) = E[X2]−E[X]2= 2/5.
c) De même, on peut calculer la loi de Yà l’aide
de l’arbre ou en calculant avec les probabilités
conditionnées.
La variable Ypeut prendre les valeurs 1, 2, 3.
p(Y= 1) = p(“1ere boule piochée est noire”) = 4/6.
p(Y= 2) = p(“1ere rouge &2enoire”) = p(“1ere rouge”)×p“1ere rouge”(“2enoire”) = 2/6×4/5 = 8/30.
p(Y= 3) = p(RRN) = 1/15. Donc i 1 2 3
p(Y=i)10/15 4/15 1/15