2016-2017 E1 DM de Mathématiques 11 - Correction Exercice 13. Une infinité dénombrable de ninjas attaque un élève pour connaitre l’identité de son professeur de mathématiques. Les ninjas attaquent 1 par 1. Chaque ninja a une probabilité p ∈]0, 1[ de réussir à capturer l’élève, dans le cas contraire le ninja meurt. 1. On note X le rang du ninja qui capture l’élève (on pose X = 0 si aucun ninja ne parvient à capturer l’élève). (a) Déterminer, à priori, le support de la variable aléatoire X. (b) Déterminer, pour tout k ∈ N∗ , P(X = k). (c) En déduire P(X = 0) et identifier la loi de X. 2. Si l’élève est capturé par le k-ème ninja, la probabilité qu’il cède sous la torture et dévoile le nom de son professeur est de pk−1 . Déterminer la probabilité que les ninjas obtiennent le nom du professeur. 3. Chaque élève de la classe de E1 subit ces attaques indépendamment. On note Y le nombre d’élèves dévoilant le nom de leur professeur. (a) Identifier la loi de la variable aléatoire Y . (b) Quelle est la probabilité qu’aucun des élèves ne dévoile le nom de leur professeur ? Correction. 1. (a) Le support de X semble être N. (b) On note, pour tout i ∈ N∗ , Ni : « Le ième ninja réussit à capturer l’élève ». Soit k ∈ N∗ P(X = k) = P k−1 \ ! Ni ! ∩ Nk , i=1 par probabilité composé = P(N1 ) × PN1 (N2 ) × · · · × PTk−2 Ni (Nk−1 ) × PTk−1 Ni (Nk ), i=1 = Donc ∀k ∈ N∗ , P (X = k) = (1 − p) k−1 (1 − p) k−1 i=1 p. p. (c) ([X = n])n∈N∗ est une famille d’événements deux à deux incompatibles donc la série X n∈N∗ P(X ∈ N∗ ) = = +∞ X n=1 +∞ X P(X = n), (1 − p) n−1 p, n=1 = +∞ p X n (1 − p) , 1 − p n=1 = p 1−p +∞ X ! n (1 − p) − 1 , n=0 p 1 −1 , 1 − p 1 − (1 − p) p 1−p = × , 1−p p = 1. = page 1 P(X = n) converge et 2016-2017 E1 Donc P(X = 0) = 1 − P(X ∈ N∗ ) = 0. k−1 Donc le support de X est N∗ et ∀k ∈ N, P (X = k) = (1 − p) p. Ainsi X ,→ G (p) . Version alternative ! +∞ \ Par le théorème de la limite monotone P (X = 0) = P Nn = lim P n→+∞ n=1 n \ ! Ni . i=1 Soit n ∈ N∗ , par les probabilités composées : P n \ ! = P(N1 ) × PN1 (N2 ) × · · · × PTn−1 Ni (Nn ), Ni i=1 i=1 (1 − p)n . = n \ ∗ Donc, ∀n ∈ N , P ! Ni = (1 − p)n . i=1 Finalement P (X = 0) = lim P n→+∞ Attention : Ni i∈N∗ n \ ! Ni = lim (1 − p)n = 0, car 1 − p ∈]0, 1[. n→+∞ i=1 n’est pas une suite décroissante d’événements. 2. On note T : « Dévoile le nom de son professeur ». En utilisant le système complet d’événements associé à X, et avec la formule des probabilités totales, on sait que la X série P(X = n)P[X=n] (T ) converge. n∈N∗ De plus, P(T ) = = +∞ X n=1 +∞ X P(X = n)P[X=n] (T ), (1 − p) n=1 +∞ X n−1 p × pn−1 , (p(1 − p)) = p n−1 , n=1 On passe aux sommes partielles pour faire un changement d’indice. Soit n ∈ N, n X (p(1 − p)) j−1 = j=1 n−1 X i (p(1 − p)) . (en posant j − 1 = i) i=0 Donc +∞ X (p(1 − p)) n−1 = n=1 +∞ X n (p(1 − p)) . n=0 Donc P(T ) = p +∞ X n=0 1 , 1 − p(1 − p) p . 1 − p + p2 = p = Ainsi P (T ) = p . 1 − p + p2 page 2 n (p(1 − p)) , 2016-2017 E1 3. (a) Y ,→ B 42, p car on compte le nombre de succès (l’élève dévoile le nom de son professeur) lors d’une 1 − p + p2 p répétition de 42 épreuves identiques et indépendantes dont la probabilité de succès est . 1 − p + p2 (b) On demande de calculer P (Y = 0). P(Y = 0) = 42 0 p 1 − p + p2 0 p 1− 1 − p + p2 page 3 42 = 1 − p + p2 − p 1 − p + p2 42 = 1 − 2p + p2 1 − p + p2 42 .