Exercices du chapitre 3 Les systèmes de mesure utilisant des signaux électriques 3.1 Perturbation de source Rs V capteur I Appareil de mesure , conditionneur Lorsqu’on branche un système à un capteur, il se produit un courant dans la boucle. Ce courant engendre une chute de potentiel aux bornes du capteur. 3.2 Filtre Chebyshev Avantage: Seuil plus net Désavantage: Le gain est moins uniforme dans la plage de bande passante 3.3 Pour éviter la création de boucles de mise à la terre Le potentiel des points de mise à la terre n’est pas nécessairement le même partout, ce qui engendrera un courant. 3.4 G = V0 / Vi = 5/5x10-6 = 1 000 000 Gdb = 20log10 G = 20log10 (V0 / Vi) = 20log10 (5/5x10-6) = 120 dB 3.5 Gdb = 20log10 G = 60 log10 G = 60/20 = 3 G = 103 = 1000 = V0 / Vi = V0 / 0.003 V0 = 3V 3.6 100 Ω R2 12 V e0 e0 = 4,65 V RL Voltmètre RL = 10 MΩ Circuit équivalent 100 Ω 2 inconnus : Re et Is Re 12 V Is 4,65 V Il faut 2 équations V = RI 1 2 12 = (100 + Re) Is 4,65 = Re Is Is = 12/(100 + Re) Is = 4,65/Re 12/(100 + Re) = 4,65/Re Re = 63,3 Ω Ensuite, 1/Re = 1/R2 +1/RL 1/R2 + 1/10 x 106 = 1/63,3 R2 = 63,3 Ω Notes sur 3.6 On constate que R2 ≈ Re Si on admet que l’erreur de charge est nulle, car l’impédance du voltmètre est très grande 3.7 Calculer R1 et R2 pour obtenir 10 V à la sortie sans perturber la source de plus de 0,1 % Rs = 10 Ω 90 V R1 R2 90 – (0,1% x 90) = 89,91 V Générateur de courant 10 V Réseau d’atténuation R0 = 100 kΩ Filtre Courant dans Rs Tension aux bornes de Rs Rs = 10 Ω 90 V 90 – 89,91 = 0,09 V 89,91 V Courant qui passe dans Rs IRs = VRs / Rs = 0,09 / 10 = 0,009 A Courant IRs passe aussi dans R1 et Réq Pour R2 10 V IRs = 0,009 A R2 R0 = 100 kΩ • 1/Réq = 1/R2 + 1/R0 V = Réq IRs 10 = ( 1 / (1/R2+1/100 000) ) x 0,009 R2 = 1124 Ω Trouver R1 Tension aux bornes de R1 89,91 - 10 = 79,91 V R1 89,91 V R2 10 V Courant qui passe dans R1 IRs = 0,009 A R1 = V IRs = 79,91 / 0,009 = 8879 Ω On peut faire la vérification… Rs = 10 Ω 90 V R1 = 8879 Ω R2 = 1124 Ω R0 = 100 kΩ Circuit équivalent •Réq = 10 + 8879 + 90 V (1 / (1/1124 + 1/100 000)) Réq = 10 000 Ω •Is = 90 / 10 000 = 0,009 A Tension aux bornes de R2 Rs = 10 Ω 90 V R1 = 8879 Ω R2 10 V VR2 = 90 – (0,009 x 10) – (8879 x 0,009) = 10 V 3.8 a) Si R1 = 100 Ω, R2 = ??? Rs 0,5 Ω 120 V R1 = 100 kΩ R2 Circuit d’alimentation Réseau d’atténuation 8V R0 = 1 MΩ Système d’acquisition Circuit équivalent Rs 0,5 Ω 120 V R1 = 100 kΩ Réq • IRéq ≠ IRs = IR1 (pas le vrai circuit…) • 1/Réq = 1/R0 + 1/R2 IRs = IR1 = (Vs–V0) / (Rs + R1) = (120–8) / (0,5 + 100 000) = 0,00112 A Pour Réq 8V 0,00112 A R2 R0 = 1 MΩ • 1/Réq = 1/R2 + 1/R0 V = Réq I 8 = ( 1 / (1/R2+1/1MΩ) ) x 0,00112 R2 = 7194 Ω b) P = ??? P = RI2 = (R1 + R2)I2 = (100 000 + 7149) x 0.001122 = 0,13 V c) Chute de tension aux bornes de Rs