Terminales S PROBABILITES , VARIABLES ALEATOIRES , LOI BINOMIALE EXERCICE 1 Le parc informatique d’un lycée est composé de 200 ordinateurs dont : • 30 sont considérés comme neufs ; • 90 sont considérés comme récents ; • les autres sont considérés comme anciens. Une étude statistique indique que : • 5% des ordinateurs neufs sont défaillants ; • 10 % des ordinateurs récents sont défaillants ; • 20 % des ordinateurs anciens sont défaillants. On choisit au hasard un ordinateur de ce parc. On note les évènements suivants N : « L’ordinateur est neuf » R : « L’ordinateur est récent » A : « L’ordinateur est ancien » D : « L’ordinateur est défaillant » l’événement contraire de D. D 1.a) • Comme 30 ordinateurs sont considérés comme neufs, 30 p ( N )= =0,15 . 200 • Comme 5% des ordinateurs neufs sont défaillants , pN(D) = 0,05 . • Comme 10 % des ordinateurs récents sont défaillants , pR(D) = 0,1. On peut résumer le tout grâce à l'arbre de choix pondéré ci-contre . 1.b) Calculer la probabilité que l’ordinateur choisi soit neuf et défaillant est p ( N ∩ D)= p( N )× p N (D)=0,15×0,05=0,0075 . 1.c) La probabilité que l’ordinateur choisi soit défaillant est : p ( D)= p( N ∩D)+ p(R∩D)+ p( A∩D) D'où p ( D)= p( N )× p N ( D)+ p( R)× p R (D)+ p( A)× p A( D)=0,15×0,05+0,45×0,1+0,4×0,2=0,1325 2. La probabilité demandée est p D (A) . p (A∩ D) p A (D)× p( A) 0,08 = = ≈0,60 . Or , p D (A)= p( D) p( D) 0,1325 La probabilité que l’ordinateur soit ancien sachant qu’il est défaillant est donc égale à 0,60 environ . 3.a) Équiper le centre de ressources de l’établissement peut être assimilé à un schéma de Bernoulli dans la mesure où l'on répète 10 fois de façon identique et indépendante une même épreuve (choix d'un ordinateur) pour laquelle deux issues sont envisagées : l'ordinateur est défaillant (succès) ou il ne l'est pas (échec) . D'après ce qui précède , on en déduit que X le nombre d'ordinateurs défaillants suit une loi binomiale de paramètres 10 et 0,1325 . La probabilité qu’exactement trois des ordinateurs choisis soit défaillants est donc égale à p ( X =3)= 10 ×0,13253 ×(1−0,1325)10−3=120×0,13253×0,8675 7≈0,10 3 3.b) La probabilité pour qu'au moins un ordinateur soit défaillant est égale à : p ( X ≥1)=1 – p( X =0)=1 – 0,867510≈0,76 . ( ) EXERCICE 2 1. Pour former un bouquet , on doit choisir 6 fleurs parmi les 24 disponibles . 24 =134596 Le fleuriste peut former bouquets possibles . 6 2.a) On note A l'événement « obtenir un bouquet ne comportant que des roses « Un résultat permettant de réaliser A est composé de 6 roses . 7 6 7 1 7 =7 = = Il y a donc résultats permettant de réaliser A .Donc , p ( A)= 3 134596 19228 6 24 6 2.b) On note A l'événement « obtenir un bouquet comportant trois roses et deux marguerites « Un bouquet comportant trois roses et deux marguerites est composé de : ( ) () () ( ) . (73)=35 choix possibles . 7 deux marguerites : il y a ( )=21 choix possibles . 2 10 une tulipe ou une orchidée : il y a ( )=10 choix possibles . 1 7 7 10 On en déduit qu'il y a ( )×( )×( )=35×21×10=7350 résultats permettant de réaliser B. 3 2 1 7 × 7 × 10 (3) ( 2) ( 1 ) = 7350 = 525 . Par conséquent , p(C) = p ( B)= ( 246) 134596 9614 l trois roses : il y a l l EXERCICE 3 On peut représenter la situation à l'aide d'un arbre de choix pondéré On note N1 l'événement « la boule porte le numéro 1 » N2 l'événement « la boule porte le numéro 2 » 1. La probabilité pour que la boule soit rouge est : p ( R)=0,2+0,8×0,1=0,28 p( N 2∩R) 0,8×0,1 2 = = 2. La probabilité demandée est p R ( N 2)= p ( R) 0,28 7 3.a) L'épreuve aléatoire peut être assimilé à un schéma de Bernoulli dans la mesure où l'on répète n fois de façon identique et indépendante une même épreuve (tirage d'une boule dans l'urne) pour laquelle deux issues sont envisagées : la boule est rouge et porte le numéro 1 (succès) ou son contraire (échec) . D'après ce qui précède , on en déduit que X le nombre de boules numéro 1 suit une loi binomiale de paramètres n et 0,2 . La probabilité d'obtenir au moins une boule rouge portant le numéro 1 est donc : p ( X ≥1)=1 – p( X =0)=1 – 0,8n . 3.b) Déterminer l'entier n à partir duquel la probabilité d'obtenir au moins une boule rouge portant le numéro 1 est supérieure à 0,99 revient donc à résoudre l'inéquation : ln 0,01 n n n n 1 – 0,8 ≥0,99⇔−0,8 ≥−0,01⇔ 0,8 ≤0,01 ⇔ln ( 0,8 )≤ln 0,01⇔ n×ln 0,8≤ln 0,01 ⇔ n≥ ≈20,63.. ln 0,8 On en conclut que l'entier n à partir duquel la probabilité d'obtenir au moins une boule rouge portant le numéro 1 est n = 21 . EXERCICE 4 7 × 3 ( 2 ) (1 ) 21 p= = 10 ( 3 ) 40 1. La probabilité cherchée est . 2. La variable aléatoire donnant au nombre de boules noires suit une loi binomiale de paramètres 5 et 3 Donc , 2 3 2 () ( ) ( ) () ( ) ( ) 3 7 3 7 p ( X =3)= 5 × × = 5 × × 10 10 10 10 3 2 , car (53)=(52)=10 3 10 .