Test. TS - Nombres complexes - Correction EX 1 : Le plan complexe

Test. TS - Nombres complexes - Correction
EX1 : Le plan complexe est muni d’un repère orthonormé direct ³O,
u,
v´.
Partie A -Restitution organisée de connaissances
Soit z un nombre complexe tel que z =a+ib où a et b sont deux nombres réels.
On note z, le nombre complexe défini par z =aib.
1. Démontrer que pour tous nombres complexes, z et z0, z ×z0=z×z0.
Soit zet z0deux nombres complexes tel que z=a+ibet z0=a0+ib0, avec a,b,a0et b0nombres réels.
z×z0=(a+ib)×(a0+ib0)=(aa0bb0)+i(ab0+a0b)=aa0bb0i(ab0+a0b)
z×z0=(a+ib)×(a0+ib0)=(aib)×(a0ib0)=aa0bb0i(ab0+a0b)
Par suite, pour tous nombres complexes, zet z0,z×z0=z×z0
2. Démontrer que, pour tout entier naturel n non nul, et tout nombre complexe z, zn=¡z¢n
Montrons par récurrence, que pour tout entier naturel n>1, et tout nombre complexe z,zn=¡z¢n
Initialisation : Pour n=1, l’égalité z=¡z¢est vraie.
Hérédité : supposons qu’il existe un entier ntel que zn=¡z¢n.je suppose la proposition vraie au rang n
Alors en partant de notre hypothèse :
z×zn=zסz¢n
En utilisant la question 1. on déduit :
z×zn=¡z¢n+1
finalement zn+1=¡z¢n+1.alors la proposition est vraie au rang n +1
Conclusion : la proposition est vraie pour n=1 , elle est héréditaire
donc par récurrence on a, zn=¡z¢n
Partie B
On considère l’équation (E) : z4=4, où z est un nombre complexe.
1. Montrer que si le nombre complexe z est solution de l’équation (E), alors les nombres complexes z et z
sont aussi solutions de l’équation (E).
Soit zun complexe solution de l’équation (E), alors z4=4
(z)4=z4=4 donc zest aussi solution de l’équation (E) ;
¡z¢4=z4=4=4 donc zest aussi solution de l’équation (E).
2. On considère le nombre complexe z0=1+i.
a. Écrire ce nombre complexe sous sa forme exponentielle.
z0=1+i=p2Ãp2
2+ip2
2!=p2³cos³π
4´+isin ³π
4´´ donc sous forme exponentielle z0=p2eiπ
4
b. Vérifier que z0est solution de l’équation (E).
(z0)4=³p2eiπ
4´4=¡p2¢4׳eiπ
4´4=4×eiπ=4×(1) (z0)4=4z0est bien solution de l’équation (E).
3. Déduire des deux questions précédentes trois autres solutions de l’équation (E).
Je peux déduire des questions précédentes que z0;z0et z0=z0sont aussi solutions.
L’ensemble des solutions de l’équation (E) est : S=n1+i ; 1i ; 1 i ; 1+io
Partie C
Soient A,B,C,Dles quatre points d’affixes respectives : zA=1+i; zB=1+i; zC=1i; zD=1i.
On note :
Ele point tel que : CB =CE et ³
CB ;
CE ´=π
3[2π]et Fle point tel que : CD =CF et ³
CD ;
CF ´=π
3[2π].
1. Montrer que le point Ea pour affixe le nombre complexe zE=1+p3.
Comme CE
CB =1 et ³
CB ;
CE ´=π
3[2π] le nombre complexe zEzC
zBzC
a pour module 1 et pour argument π
3
c’est-à-dire zEzC
zBzC=eiπ
3donc zE=(zBzC)×eiπ
3+zC=³1+i(1i)´×Ã1
2ip3
2!+(1i)
zE=2i ×Ã1
2ip3
2!1i=i+p31izE=1+p3
2. Déterminer l’affixe du point F.
Comme CF
CD =1 et ³
CD ;
CF ´=π
3[2π] le nombre complexe zFzC
zDzC
a pour module 1 et pour argument π
3
c’est-à-dire zFzC
zDzC=eiπ
3donc zF=(zDzC)×eiπ
3+zC=³1i(1i)´×Ã1
2ip3
2!+(1i)
zF=2×Ã1
2ip3
2!1i=1ip31izF=i³1p3´
3. Démontrer que le quotient zAzE
zAzF
est réel. Que peut-on dire pour les points A,Eet F?
zAzE
zAzF=1+i¡1+p3¢
1+i¡iip3¢=2p3+i
1+i¡2+p3¢=¡2p3+i¢¡1i¡2+p3¢¢
12+¡2+p3¢2=2p3+2+p3+i¡1¡2p3¢¡2+p3¢¢
8+4p3
zAzE
zAzF=4+i(1(43))
8+4p3zAzE
zAzF=4
8+4p3=1
2+p3=2p3
43=2p3
Je peux en déduire que argµzAzE
zAzF=³
FA ;
EA ´=³
AF ;
AE ´=0 [π]. Les points A, E et F sont alignés.
Remarque :
zAzE
zAzF=2p3+i
1+i¡2+p3¢=¡2p3¢×
¡1+i¡2+p3¢¢
1+i¡2+p3¢=2p3
v
u
321 1 2 3
AB
C D
E
F
π
3
π
3
i
2i
i
2i
1 / 2 100%

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