Le but de cet exercice est de vérifier la 2ème loi de Newton: F = m.a ext G A Luttringer 2.1. Bilan des forces appliquées au palet en équilibre Le système (palet ) est soumis à : • • P Son poids – Vertical – Vers le bas – Appliqué en G R A G R La réaction de la table : elle est perpendiculaire au support car il n’y a pas de frottements le système est en équilibre, donc : P P+R=0 2.2. Bilan des forces appliquées au palet en mouvement • En plus des 2 forces précédentes, le palet est soumis à la force de rappel du ressort. F Elle est :. – horizontale – Dirigée de G vers A – Norme : F = k(AG-l0 -R ) Avec: lo : longueur initiale du ressort R : rayon du palet R A G l0 R O A P l R G F P 2.3. Si le référentiel est galiléen, on peut appliquer la seconde loi de Newton 2.4. P + R + F = m.a Mais, G P+R=0 Donc : F = m.a G 3.1.a Vecteurs vitesse en G2 et G4 v2 G 1G 3 2 0, 042 2 0, 040 0,52m.s 1 v2 v4 G 3G 5 2 0, 028 2 0, 040 0,35m.s 1 v4 3.1.b Détermination du vecteur accélération en G3 a3 v4 v2 2 v2 v4 3.1.b Tracé du vecteur accélération en G3 v v v On trace le vecteur puis le vecteur 4 2 2 v2 Ce vecteur mesure 2,1 cm v2 Donc: a3 v4 v2 2 a3 2,1 0,1 2,6 m.s 2 2 0,040 v4 3.1 Vérification de la 2nde loi de Newton au point G3 1.b. Calculer : ( m a3 ) m a 3 0,610 2,6 1,6 N 3.1.c Direction deG la force en G3 3 La direction de la force F3 est la droite G3A Elle est pratiquement confondue avec la direction de a3 a3 3.1.c Valeur de la force en G3 F3 = k(AG -l0 -R) 3 Or AG3 = 23,9 cm F3 14,53 (23,9 9,9 5,0) 102 F3 1,3N m a 3 1,6 N L’écart entre les 2 valeurs est dû aux erreurs graphiques ( tracés imprécis, erreurs de parallélisme…) On recommence aux points G8 et G10 G3 G8 G10 a3 a8 a10 On voit que les directions des vecteurs accélérations et des vecteurs forces sont confondues 3 Comparaison a en m.s 2 ma (N) 1,3 2,6 1,6 1,5 2,6 1,6 1,2 2,0 1,2 F en N G3 G8 G10 Aux erreurs de tracé près on constate : Que les vecteurs F et a Que F m a ont même direction