Potentiels thermodynamiques (PC*) Cours Potentiel thermo : fonction qui dépend des paramètres du système et des contraintes extérieures telle que • Diminue lors de l'évolution spontannée d'un système • Est minimum à l'équilibre ≥ On écrit dU = δW + δQ et dS = δScr + TδQ ext δQ Text = dU −δW Text donc dU − δW − Text dS < 0. Energie libre Soit un système fermé en évolution monotherme avec un thermostat T0 et sans échange de travail avec l'extérieur. dU − δW − Text dS = d (U − Text S) Si le système est en évolution isotherme et sans échange avec l'extérieur, ∆ (U − Text S) = ∆ (U − T S) car fonctions d'état. On a alors dF = T dS − pdV − T dS − SdT = −pdV − SdT Enthalpie libre Soit un système fermé en évolution monotherme avec un thermostat T0 et monobare avec une atmosphère p0 dU − δW − Text dS = dU + p0 dV − Text dS = d (U − Text S + p0 V ) Si le système est en évolution isotherme et sans échange avec l'extérieur, ∆ (U − Text S + p0 V ) = ∆ (U − T S + pV ) car fonctions d'état. On a alors dF = T dS − pdV − T dS − SdT + pdV = V dp = +V dp − SdT Résumé adiabatique -S monotherme isochore F* dU=TdS-pdV isotherme isochore F=U-TS dF=-SdT-pdV monotherme monobare G* dH=VdP+TdS monotherme isobare G=U+PV-TS dG=VdP-SdT ____________________________________________________________ 1 ____________________________________________________________ Exercice Gaz dans un cylindre à piston (Brisure spontanée de symétrie) On considère un cylindre de longeur 2a et de section S séparé en deux compartiments par un piston de masse M repéré par son abscisse x. Chaque compartiment contient n moles d'un gaz parfait et l'ensemble du dispositif est au contact d'un thermostat à la température T . On fait tourner le cylindre à la vitesse angulaire ω = cste autour d'un axe. d'inertie sur le gaz. On considèrera que l'ensemble des paramètres thermodynamiques du piston ne dépendent que de sa température et on négligera les eets des forces 1. Dans le référentiel lié au cylindre, déterminez le potentiel thermodynamique φ associé au système {gaz + piston}. 2. Montrez que φ peut se mettre sous la forme φ = Ψ0 (T ) + Ψ1 (x, T ) et établir l'expression de Ψ1 (x, T ). 3. Déterminez les positions d'équilibre du système et étudiez leur stabilité. 4. On dénit la capacité thermique de rotation Cω du système par la relation, à ω = cste et à l'équilibre du système par la transformation réversible δQ = Cω dT . Montrez que Cω 2 2 a présente une discontinuité à Tc = mω 2nR . Solution 2 − 2 → 1. Système =gaz + piston. Force extérieures : forces d'inertie f = mω xux donc δW = mω xdx = 1 1 2 2 2 2 d 2 mω x . On a alors dU − δW − Text dS = d U − Text S − 2 mω x . Transformation isotherme : on considère φ = U − T S − 12 mω 2 x2 . 2. On s'intéresse à la variation de φ avec x. Les gaz sont parfaits donc Ugaz ne dépend que de la température. Les fonctions d'état du piston ne dépendent que de T donc Upiston et Spiston ne dépendent que de la température. On a donc φ = Ψ(T ) − T Sgaz − 21 mω 2 x2 . p dV 3. Pour n moles degaz parfait, dU = pdV = ncv dT = 0 donc dS = T dV = nR V donc S(x) = T dS − V S(0) + nRln Vf0 = S(0) + nRln S(a+x) . Sa Pour l'ensemble on a donc Sgaz = 2S(x = 0, T ) +nRln 1 + xa + nRln 1 − du 2 gaz, 2 0, T ) + nRln 1 − xa2 donc φ = Ψ(T ) − 2T Sgaz (0) − nRT ln 1 − xa2 − 12 mω 2 x2 . x a = 2S(x = 2 2 Equilibre du piston ⇔ ∂x φ = 0 ⇔nRT a22x a2 − x2 ie −x2 − mω x = 0 ⇔ x = 0 ou 2nRT = mω q x = ± a2 − 2nRT mω 2 q = ±a 1 − T Tc . Tc = mω 2 a2 2nR 4. Par dénition, δQ = Cω dT . Pour un transfo innitésimale et réversible, δQ = T dS donc Cω = T et on ne prend en compte que Sgaz . T ∂S ∂T ω =T ∂S ∂T x,ω +T ∂S ∂x T,ω • Si T ≥ Tc , x = 0 et Cω = 2Cv ∂x • Si T < Tc , ∂T = ∓ Tac p 1 T donc ω 2 1− Tc ∂x nRT a22x = nR et C ω = 2Cv + nR −x2 ∂T ω 2x a2 −x2 ∂x ∂T ω = ∂x ∂T ω 2Cv − nRT a22x −x2 ∂S ∂T ω ∂x ∂T ω p 2a 1− T = − a2 −a2 1−TTc Tac p 1 T = ( Tc ) 2 1− Tc −1 T donc ____________________________________________________________ 2 Daniel Suchet - 2012 ____________________________________________________________ Question de cours Démontrez la formule de Clapeyron Exercice Chambre à bulle On amène un corps pur liquide de masse volumique ρ et de masse molaire M dans un état métastable en lui faisant subir une détente isotherme à la température T jusqu'à une pression P < PS , où PS est la pression de vapeur saturante du corps à la température T . Une particule chargée traverse ce milieu et provoque la formation de bulles de vapeurs. On notera Pi la pression du gaz à l'intérieur des bulles. 1. Exprimez l'équilibre des phases gaz - liquide à l'interface bulle - liquide et à la pression de vapeur saturante. 2. En déduire l'expression Pi en fonction de la pression du liquide P , de la température T , de la pression de vapeur saturante PS et des grandeurs caractéristiques du liquide. 3. L'étude de la tension de surface permet de relier la pression à l'intérieur des bulles Pi au −4 rayon de la bulle : Pi = P + 2γ R , où γ ' 9.10 est un terme de tension et R est le rayon de la bulle. On donne pour l'hydrogène liquide à 333K , PS = 4.5 bars, M = 1 kg.mol−1 et ρ = 58 kg.m−3 . Déterminez le rayon des bulles. Solution 1. A l'équilibre, gliq (P, T ) = ggaz (Pi , T ). Identité thermo : dG = V dP − SdT donc à température constante, 1 1 V RT dg = vmassique dP avec vmassique = ρ1 = cste pour le liquide et vmassique = M vmolaire = M n = MP On a équilibre à la pression de vapeur saturante donc gliq (PS , T ) = ggaz (PS , T ). Or gliq(PS, T ) = ´ PS 1 vmassique dP = ggaz (Pi , T ) + RT donc ρ (PS − P ) + gliq (P, T ) et ggaz (PS , T ) = ggaz (Pi , T ) + M ln Pi 1 ρ (PS − P) = RT M ln PS Pi donc Pi = PS exp M RT ρ (P − Ps ) . 2. AN : Pi = 4.486 bar donc R = 7.2 nm ____________________________________________________________ 3 Daniel Suchet - 2012 ____________________________________________________________ Exercice Transition Ferromagnétique / Paramagnétique On s'intéresse à un métal placé dans un thermostat à la température T et dont on étudie la transition − → ferromagnétique - paramagnétique. On appelle ferromagnétique un métal dôté d'une aimantation M non nulle en l'absence de champ extérieur et paramagnétique un métal qui ne présente pas d'aimantation en l'absence de champ extérieur. Lev Davidovitch Landau a proposé une expression pour le potentiel thermodynamique volumique d'un tel métal à température proche de la température de Curie Tc : f (T, M) = u − T s = f0 (T ) + 12 a (T − Tc ) M2 + 41 bM4 où f0 (T ) est l'énergie libre volumique dénie par f0 = u − T s et a et b sont deux constantes positives. On se place pour l'instant en l'absence de champ extérieur. 1. Tracez la forme de f (T, M) en fonction de M pour diérentes valeurs de T et commentez. 2. Déterminez la valeur MS prise spontanément par l'aimantation pour une température T donnée β T et montrez que, pour T < Tc cette aimantation est proportionnelle à 1 − Tc , où β est une constante à déterminer. 3. Etablir l'identité thermodynamique de l'énergie libre volumique f (T, M) et montrez que l'entropie prend une forme diérente pour T > Tc et T < Tc . Commentez. 4. Montrez que la capacité thermique volumique du matériau subit un saut ni lors de la transition de phase ferro - para. −−→ On imagine à présent le matériau plongé dans un champ Bext uniforme. 5. Le travail volumique innitésimal à fournir un métal paramagnétique pour augmenter son moment −−→ −−→ −−→ magnétique de dM de manière réversible vaut δwmag = Bext .dM. Exprimez le potentiel thermodynamique volumique g du métal pour une transformation isotherme et isomagnétique ; et montrez l'identité thermodynamique dg = −MdB − sdT . 6. Déterminez l'équation traduisant l'équilibre du système sous T et Bext xé. Solution Voir exercice d'oral. ____________________________________________________________ 4 Daniel Suchet - 2012