Chapitre 10 Les systèmes de particules 10.0 Introduction. Dans l’expérience sur les collisions vous avez constaté que le centre de masse CM du système se déplace en ligne droite à vitesse constante. Pourquoi ? Parce que la somme des forces extérieures sur le centre de masse du système, donc sur les deux disques, était nulle. Pourquoi parler du centre de masse? Définition : Le centre de masse CM ( centre de gravité) d’un système se comporte alors comme si toute la masse était concentrée à cet endroit, donc comme particule. Autrement dit, un objet restera en équilibre si le point d’appui est visà-vis son centre de masse. 1 Chapitre 10 Les systèmes de particules 10.0 Introduction. Définition : Le centre de masse CM ( centre de gravité) d’un système se comporte alors comme si toute la masse était concentrée à cet endroit., donc comme une particule Autrement dit, un objet restera en équilibre si le point d’appui est viaà-vis son centre de masse. Dans le prochain cours, nous aurons besoin du concept de centre de masse pour analyser les mouvements de rotation des objets. 2 Chapitre 10 Les systèmes de particules 10.1 Le centre de masse CM Soit deux masses de 1,0 kg reliées par une tige de 1,0 m m2 m1 x x1 x2 x cm Où est situé le centre de masse CM ou le centre de gravité? xCM m1 x1 + m2 x2 = m1 + m2 3 10.1 Le centre de masse CM Théoriquement, pour un ensemble de particules le vecteur position est donné par rCM = ∑ mi ri M rCM r1 On doit d’abord faire la somme des composantes. Pour un objet homogène, le centre de masse et le centre de gravité sont confondus CM 4 10.1 Le centre de masse CM Roulement vt Pour une sphère qui roule vCM Fg v=0 Tous les points de la sphère ne se déplacent pas à la même vitesse. De plus, le poids d’une sphère homogène passe par le centre de masse. Le centre de masse fait le mouvement le plus simple. Nous y reviendrons. 10.2 Le centre de masse d’un corps solide Expérimentalement Théoriquement Utilisation du calcul intégral 5 10.2 Le centre de masse d’un corps solide Expérimentalement CM CM Théoriquement Utilisation du calcul intégral 6 10.3 Le mouvement du centre de masse CM Un objet en mouvement qui effectue un mouvement de translation sera considéré comme une particule. Par conséquent, nous utiliserons les mêmes équations pour analyser le mouvement de son centre de masse. D’où l’importance de savoir où est le CM. Que va-t-il arriver, si la force extérieure résultante sur un système de particules est nulle? Nous aurons: Si Fext = 0, alors a CM = 0 et v CM = constante où vCM = ∑ mi vi et M Pour les deux disques vCM aCM = m a ∑ ii M =0 m1v1 + m2 v2 = m1 + m2 7 10.3 Le mouvement du centre de masse CM Nous aurons: Si Fext = 0, alors a CM = 0 et v CM = constante où vCM = ∑ mi vi et M Pour les deux disques vCM aCM = ∑ mi ai M =0 m1v1 + m2 v2 = m1 + m2 Autrement dit, si le système est au repos en partant, la position du centre de masse du système ne bougera pas sous l’action de force interne rCM m1r1 + m2 r2 = m1 + m2 Voir les exemples du manuel 8 10.3 Le mouvement du centre de masse CM Nous aurons également : Ptotale = PCM = MvCM La quantité de mouvement totale d’un système de particules ou d’un objet étendu est équivalente à la quantité de mouvement du CM. Que va-t-il arriver, si la force extérieure résultante sur un système de particules n’est pas nulle? Si Fext ≠ 0, alors a CM ≠ 0 et v CM ≠ constante dPtotale dPCM = = MaCM Fext = dt dt Le centre de masse accélère comme si toute la masse était concentrée à un seul endroit. D’où l’importance de savoir où est le CM. 9 10.3 Le mouvement du centre de masse CM CM 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules En complétant le laboratoire, vous avez probablement constater que l’énergie cinétique des deux disques dans le repère du laboratoire pouvait s’écrire de la façon suivante: K totale = K CM + K rel 10 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules En complétant le laboratoire, vous avez probablement constater que l’énergie cinétique des deux disques dans le repère du laboratoire pouvait s’écrire de la façon suivante: K totale = K CM + K rel Où Ktotale = l’énergie cinétique des particules dans le repère du laboratoire KCM = l’énergie cinétique du CM dans le repère du laboratoire Krel = l’énergie cinétique des particules par rapport au centre de masse Comme nous l’avons vu, l’énergie disponible pour produire un effet durant la collision est donnée par : ED = K rel = K totale − K CM 11 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Au chapitre suivant, nous utiliserons cette expression pour calculer l’énergie cinétique du sphère qui roule. Nous additionnerons son énergie cinétique de rotation par rapport au centre de masse et l’énergie de translation du centre de masse K totale = K CM + K rel Dans cette situation, Krel relative au centre de masse représente K ROT l’énergie cinétique de rotation Dans une collision, Krel c’est l énergie disponible pour produire un effet de déformation ou autre et plus ou moins dévastateur. 12 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED Considérons une collision parfaitement inélastique sur une surface glacée entre une automobile de 900 kg se déplaçant à 52,6 km/h avec une voiture identique arrêtée à une lumière rouge 2 1 u1 = 14,6 m/s u2 = 0 Quelle sera l’énergie disponible pour la déformation des véhicules? On sait par ailleurs que les dommages seront plus importants lors d’une collision face à face. Mais sait-on dans quelle proportion les dommages vont augmenter? a) Commençons par calculez la vitesse commune des deux automobiles après la collision et l’énergie perdue en chaleur et en déformation . 13 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 1 2 u1 = 14,6 m/s u2 = 0 a) Calculez la vitesse commune des deux automobiles après la collision et l’énergie perdue en chaleur et en déformation . Je connais m1 = m2 = 900 kg u1 = 14,6 m/s u2 = 0 m/s Problème : Je cherche V la vitesse commune Solution : J’utilise le principe de conservation de la quantité de mouvement m1u1 = (m1 + m2 )V 14 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 1 avant u1 = 14,6 m/s 2 V u2 = 0 Je connais m1 = m2 = 900 kg u1 = 14,6 m/s u2 = 0 m/s Solution : J’utilise le principe de conservation de la quantité de mouvement m1u1 = (m1 + m2 )V Donc m1u1 u1 V = = = 7,3 (m1 + m2 ) 2 m/s ou 25 km/h Résultat probable: La vitesse commune après la collision sera de 25 km/h 15 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 u1 = 14,6 m/s V u2 = 0 Je connais m1 = m2 = 900 kg u1 = 14,6 m/s u2 = 0 m/s Problème : Je cherche l’énergie cinétique perdue en chaleur et en déformation. Solution: J’utilise les formules de l’énergie cinétique avant et après K avant K avant = 1 = m1u12 2 K après 1 = (m1 + m2 )V 2 2 1 (900) × (14,6) 2 = 9,59 × 10 4 J 2 16 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 V u1 = 14,6 m/s Solution: J’utilise les formules de l’énergie cinétique avant et après K avant = 1 m1u12 2 K après = 1 (m1 + m2 )V 2 2 K avant 1 = (900) × (14,6) 2 = 9,59 × 10 4 J 2 K après 1 = (1800) × (7,3) 2 = 4,80 × 10 4 J 2 Résultat probable: 50 % de l’énergie cinétique est transformée en énergie de déformation et en chaleur 17 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 V u1 = 14,6 m/s K avant K après 1 = m1u12 2 K après 1 = (m1 + m2 )V 2 2 1 = (1800) × (7,3) 2 = 4,80 × 10 4 J 2 Résultat probable: 50 % de l’énergie cinétique est transformée en énergie de déformation et en chaleur La fraction de l’énergie est donnée par Conclusion K après K avanr = m1 m1 + m2 18 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 u1 = 14,6 m/s b) Déterminez l’énergie disponible pour produire la déformation Problème : Je cherche ED Solution :J’utilise K totale 1 = m1u12 2 E D = K totale − K CM K CM 1 2 = (m1 + m2 )vCM 2 vCM = m1u1 m1 + m2 19 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 u1 = 14,6 m/s E D = K totale − K CM b) Déterminez l’énergie disponible pour produire la déformation K totale 1 = m1u12 2 K CM 1 = (m1 + m2 )vCM 2 2 vCM m1u1 = m1 + m2 En soustrayant les deux, on obtient m2 E D = K totale ( ) m1 + m2) 20 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 u1 = 14,6 m/s K totale = K1 = E D = K totale − K CM 1 m1u12 2 En soustrayant les deux, on obtient Si m1 = m2 vCM m1u1 = m1 + m2 K CM = 1 2 (m1 + m2 )vCM 2 m2 ) E D = K1 ( m1 + m2) K1 ED = 2 Toute l’énergie disponible est perdue dans la déformation et en chaleur 21 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED 2 1 u1 = 14,6 m/s vCM m1u1 = m1 + m2 u1 = 14,6 m/s Considérons maintenant une collision frontale entre les deux mêmes véhicules. Déterminez l’énergie disponible pour les dommage dans ce type de collision Problème : Je cherche ED Solution : J’utilise K totale = m1u12 Résultat probable = 2K K CM = 0 E D = 2 K1 = 19,2 × 10 4 J 22 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules Exemple : Énergie disponible ED vCM 2 1 u1 = 14,6 m/s m1u1 = m1 + m2 u1 = 14,6 m/s Considérons maintenant une collision frontale entre les deux mêmes véhicules. Déterminez l’énergie disponible pour les dommage dans ce type de collision E D = K totale − K CM Problème : Je cherche ED E D = 2 K1 = 19,2 × 10 4 J Conclusion : Dans ce type de collision, l’énergie disponible est 4 fois celle d’un collision avec un véhicule arrêté. E D = 2K1 frontale K1 ED = 2 arrêté 23 10.4 L’énergie cinétique d’un système de particules vo À lire pour Information perte en chaleur pour un système de particules Vf = 0 fc ∆x Wnc = − f c ∆x Wnc = ∆K ??? Wnc = ∆K CM + ∆K rel Wnc = ∆K CM + Eint Sans perte pour une particule donc arrêt plus loin Système de particules Eint = chaleur 24 Chapitre 10 Résumé : Sous forme de schéma Concept de centre de masse Mouvement du centre de masse rCM = m r ∑ i i M vCM = m v ∑ ii M dP Fext = CM = MaCM dt L’énergie cinétique totale, celle associée au centre de masse et l’énergie cinétique relative. K totale = K CM + K rel 25