9. Calcul fonctionnel continu L`un des objectifs du - IMJ-PRG

9. Calcul fonctionnel continu
L’un des objectifs du chapitre est de construire un homomorphisme isom´etrique ϕT
de C(Sp(T)) dans L(H) lorsque T est un op´erateur hermitien (born´e) sur un espace de
Hilbert H. Cet homomorphisme sera difficile `a visualiser dans le cas le plus g´en´eral, mais
il est peut-ˆetre utile de montrer le cas le plus ´evident, celui d’un espace de Hilbert de
dimension finie. Si H = C3, consid´erons un endomorphisme hermitien T, c’est `a dire
qui peut se d´ecrire par une matrice M = U∆U, o`u U est une matrice unitaire, ∆ une
matrice diagonale dont les coefficients diagonaux λ1, λ2, λ3sont r´eels, disons distincts
pour fixer les id´ees. Alors K = Sp(T) = {λ1, λ2, λ3}. Pour toute fonction f(continue !)
sur K on consid´erera la matrice
ϕM(f) = U
f(λ1) 0 0
0f(λ2) 0
0 0 f(λ3)
U.
Il est clair que ϕMest un homomorphisme d’alg`ebres unitaires de C(K) dans M3(C).
9.1. Calcul fonctionnel polynomial
Cette section est de nature purement alg´ebrique. On consid`ere d’abord une alg`ebre
unitaire A sur K=Rou C(quand on en viendra aux questions de spectre, on imposera
K=Ccomme d’habitude). Soient
P = c0+c1X + ··· +cnXn
un polynˆome de K[X] et aA ; on pose
ϕa(P) = P(a) = c01A+c1a+··· +cnanA.
Il est ´evident que (P+Q)(a) = P(a)+Q(a) et (λP)(a) = λP(a) ; l’application ϕaest donc
lin´eaire ; si Q = Xkon v´erifie que (PQ)(a) = P(a)Q(a) et on en d´eduit le cas g´en´eral en
d´ecomposant Q en combinaison lin´eaire de monˆomes. On a obtenu :
Proposition 9.1.1. Soient Aune alg`ebre de Banach unitaire et aA; il existe un
unique homomorphisme d’alg`ebres unitaires ϕade K[X] dans Atel que ϕa(X) = a; cet
homomorphisme est donn´e par ϕa(P) = P(a).
Remarque. Si P et Q sont deux polynˆomes, on a P(a)Q(a) = (PQ)(a) = (QP)(a) =
Q(a)P(a) : tous les ´el´ements de la forme P(a) commutent (pour afix´e). Si ab =ba, on
en d´eduit que P(a)b=bP(a).
Lemme 9.1.2. Si a1a2=a2a1est inversible dans A, alors a1est inversible dans A.
D´emonstration. Il existe un ´el´ement ctel que c(a1a2)=1A= (a1a2)c; on voit que
a1est inversible `a gauche et `a droite : 1A=a1(a2c) et 1A=c(a1a2) = (ca2)a1; il
en r´esulte que a2c=ca2est l’inverse de a1:
a2c= (a2c)(a1a2c) = a2(ca1a2)c=a2c.
//
– 123 –
Corollaire 9.1.3. Si c, µ1, . . . , µkKet si l’´el´ement c(aµ11A). . . (aµk1A)est
inversible dans A, alors chaque aµj1Aest inversible, pour j= 1, . . . , k.
D´emonstration. Montrons le pour aµ11Apar exemple ; consid´erons le produit
a2=c(aµ21A). . . (aµk1A) ; alors a1=aµ11Aet a2commutent, et a1a2est
inversible, donc a1est inversible.
//
Th´eor`eme 9.1.4 : Petit th´eor`eme spectral. Soit Aune alg`ebre de Banach unitaire
complexe ; pour tout aA, on a
Sp(P(a)) = P(Sp(a)).
D´emonstration. Posons K = Sp(a), et supposons P non constant (ce cas particulier
est ´evident). Puisqu’on est sur C, on peut factoriser le polynˆome P λsous la forme
Pλ=c
k
Y
i=1
(X µi)
avec c6= 0 et k= deg P 1. Supposons d’abord que λ /P(K). Pour chaque racine
µide P λon a P(µi) = λ; puisque λ /P(K), chacun des µiest en dehors de K,
donc chaque aµi1Aest inversible, donc P(a)λ1A=cQi(aµi1A) est inversible
et λ /Sp(P(a)).
Si λP(Sp(a)), il existe zSp(a) tel que P(z) = λ; le polynˆome Pλs’annule
en z, donc zest l’une des racines (µj), par exemple z=µ1; puisque µ1=zSp(a),
l’´el´ement aµ11Aest non inversible. Alors P(a)λ1A=cQk
i=1(aµi1A) est non
inversible d’apr`es le corollaire qui pr´ec`ede, et λSp(P(a)).
//
Exemples 9.1.1.
1. S’il existe une base orthonorm´ee (ei)iId’un Hilbert H r´eel ou complexe et un
op´erateur born´e T ∈ L(H) tel que T(ei) = λieipour tout iI (l’op´erateur T est diagonal
dans la base (ei)), il est facile de voir que pour tout polynˆome P K[X] l’op´erateur P(T)
est l’op´erateur diagonal dont les coefficients diagonaux sont les P(λi).
2. Si on consid`ere sur H = L2(0,1) l’op´erateur Mfde multiplication par fL(0,1),
on voit que P(Mf) est l’op´erateur de multiplication par la fonction t[0,1] P(f(t)),
c’est `a dire la multiplication par la fonction P f.
Remarque 9.1.2. On peut aussi d´efinir un calcul fonctionnel pour les fractions ra-
tionnelles. C’est tr`es facile `a partir du cas polynomial. Si Q C[X] ne s’annule pas
sur Sp(a), l’´el´ement Q(a) est inversible. Si F = P/Q est une fraction rationnelle, il est
raisonnable de d´efinir F(a) = P(a)Q(a)1= Q(a)1P(a) (on a vu que P(a) et Q(a)
commutent ; il en r´esulte imm´ediatement que P(a) commute avec Q(a)1). On montre
facilement que le r´esultat ne d´epend pas de la repr´esentation particuli`ere de cette fraction
rationnelle F.
– 124 –
9.2. Calcul fonctionnel continu pour les op´erateurs hermitiens
Polynˆomes et adjoints
Soient H un espace de Hilbert complexe et T ∈ L(H) ; il r´esulte des propri´et´es des
adjoints que (Tk)= (T)kpour tout entier k0. Si P = Pn
j=0 cjXjest un polynˆome
`a coefficients complexes, on peut consid´erer le polynˆome dont les coefficients sont les
complexes conjugu´es des coefficients de P. On notera e
P = Pn
j=0 cjXjce polynˆome ;
alors
(P(T))=¡XckTk¢=Xck(T)k=e
P(T)
ce qui montre que l’adjoint de P(T) est e
P(T). On notera que la fonction polynomiale
zCe
P(z)n’est pas la fonction complexe conjugu´ee de la fonction zP(z) (on a
en fait e
P(z) = P(z).
Si T est normal, P(T) est normal : en effet, Tcommute avec P(T) puisque T
commute avec T, puis e
P(T) commute avec P(T) pour la mˆeme raison. Si T est hermitien
et si P est un polynˆome `a coefficients r´eels, alors P(T) est hermitien. Le r´esultat essentiel
pour la suite est le suivant :
Lemme 9.2.1. Si Hest un espace de Hilbert complexe et si T∈ L(H) est normal, on a
kP(T)k=kPkC(Sp(T)) = max{|P(λ)|:λSp(T)}.
pour tout polynˆome PC[X].
D´emonstration. Soit K = Sp(T) ; on a vu dans le th´eor`eme 1.4 que le spectre de
P(T) est P(K). Par ailleurs P(T) est normal, donc
kP(T)k=ρ(P(T)) = max{|z|:zSp(P(T))}= max{|P(λ)|:λK}
d’apr`es la proposition 7.2.3.
//
Remarque 9.2.1. Le r´esultat pr´ec´edent est `a peu pr`es ´evident lorsque T est normal et
compact. Dans ce cas, il existe une base orthonorm´ee (ei)iIde H telle que T(ei) = λiei
pour tout i, et de plus pour tout ε > 0 il n’existe qu’un nombre fini d’indices iI tels
que |λi| ≥ ε. Supposons I infini d´enombrable pour fixer les id´ees. L’op´erateur P(T) est
l’op´erateur diagonal dont les coefficients diagonaux sont les P(λi), la norme de P(T) est
donc le sup des |P(λi)|, qui est major´e par le sup de |P|sur le spectre K de T puisque
chaque λiest dans le spectre. Inversement, si λest dans le spectre de T, ou bien λest
valeur propre de T, et λest l’un des λi, donc kP(T)k ≥ kP(T)(ei)k=|P(λi)|=|P(λ)|, ou
bien λ= 0 est limite d’une suite de λi, ce qui conduit au mˆeme r´esultat puisque P d´efinit
une fonction continue sur K. On a donc bien kP(T)k=kPkC(K).
– 125 –
Lemme 9.2.2. Soient Kun compact non vide et ϕun homomorphisme isom´etrique de
C(K) dans une alg`ebre de Banach unitaire B; alors fC(K) est inversible dans C(K)
si et seulement si ϕ(f)est inversible dans B.
D´emonstration. On la donnera dans le cas compact etrique. On a d´ej`a dit que si
fest inversible, alors ϕ(f) est inversible. Supposons maintenant fnon inversible
dans C(K) ; on a vu qu’il existe s0K tel que f(s0) = 0 ; posons Un={sK :
|f(s)|<2n}; c’est un ouvert qui contient s0; soit hnla fonction continue d´efinie
sur K par hn(s) = dist(s, Uc
n) ; cette fonction est non nulle, mais nulle en dehors
de Un; si gn=khnk1hn, on a une fonction de norme 1 nulle en dehors de Un.
Alors kfgnk ≤ 2n; posons b=ϕ(f) et xn=ϕ(gn) ; on a kxnkB=kgnkC(K) = 1
puisque ϕest isom´etrique, et kb xnk ≤ 2n; il est impossible que bsoit inversible : si
b1existait dans B, la multiplication par b1serait continue, donc b1(b xn) = xn
tendrait vers 0, ce qui n’est pas le cas puisque kxnk= 1 pour tout n.
//
Nous avons utilis´e une distance pour construire une fonction continue non identiquement
nulle, mais nulle en dehors d’un ouvert non vide donn´e : ce r´esultat est vrai pour tout
compact non vide.
Corollaire 9.2.3. Pour tout homomorphisme isom´etrique ϕde C(K) (complexe) dans
une alg`ebre de Banach unitaire complexe B, on a
Sp(ϕ(f)) = Sp(f) = f(K)
pour toute fC(K).
D´emonstration. On sait d´ej`a que Sp(ϕ(f)) Sp(f). Inversement, si λSp(f) =
f(K) la fonction fλest non inversible dans C(K), donc son image ϕ(f)λ1Best
non inversible dans B, donc λSp(ϕ(f)).
//
Dans notre exemple matriciel `a l’introduction du chapitre, on avait bien
Sp(ϕM(f)) = f(K) = {f(λ1), f(λ2), f(λ3)}.
Passons au th´eor`eme sur le calcul fonctionnel continu. Si K est un compact de C,
on notera iKla fonction zKzC.
Th´eor`eme 9.2.4. Soient Hun espace de Hilbert complexe et T∈ L(H) hermitien ;
posons K = Sp(T). Il existe un et un seul homomorphisme d’alg`ebres de Banach unitaires
complexes ϕT: C(K) → L(H) tel que ϕT(iK) = T.
L’homomorphisme ϕTest isom´etrique. Si on note f(T) = ϕT(f), on a f(T)=f(T)
et f(T) commute avec tout op´erateur Squi commute avec T(donc f(T) est normal),
pour toute fonction fcontinue sur K. On a de plus
Sp(f(T)) = Sp(f) = f(Sp(T)).
Si fest r´eelle continue sur Ket gcontinue sur f(K), on a (gf)(T) = g(f(T)).
– 126 –
D´emonstration. On a vu que K = Sp(T) est contenu dans R. D´esignons par A
l’ensemble des fonctions continues fsur K de la forme f:sP(s) pour un
PC[X] (fonctions polynomiales). D’apr`es le th´eor`eme de Weierstrass, les fonc-
tions polynomiales `a coefficients complexes sont uniform´ement denses dans l’espace
C([a, a]) des fonctions complexes continues sur [a, a], pour tout a > 0 ; il en
r´esulte que l’ensemble A est dense dans C(K), puisque K [a, a] lorsque par
exemple a=kTk.
Montrons d’abord l’unicit´e de ϕT. Si ϕest un homomorphisme d’alg`ebres uni-
taires de C(K) dans L(H) tel que ϕ(iK) = T, on aura n´ecessairement par les pro-
pri´et´es d’homomorphisme que l’image de la fonction tKP(t) est ´egale `a P(T) :
par d´efinition, on a ϕ(i0
K) = ϕ(1) = IdH= T0, et ϕ(ik
K) = Tkpour tout k1
(la fonction ik
Kest la fonction monˆome ssk) ; il en r´esulte puisque ϕest de
plus lin´eaire que pour toute fonction polynomiale f:sP(s), l’image ϕ(f) est
P(T) = ϕT(f). Par cons´equent, ϕest uniquement d´etermin´e sur A. Comme un ho-
momorphisme d’alg`ebres de Banach est continu par d´efinition, et que A est dense
dans C(K), il en r´esulte que ϕ, s’il existe, est uniquement d´efini sur C(K) : si (Pn)
tend uniform´ement vers fsur K, on aura ϕ(f) = limnϕ(Pn) = limnPn(T).
Montrons maintenant l’existence, en commen¸cant par la d´efinition d’un homo-
morphisme ψsur A : pour toute fA l’´el´ement ψ(f) peut ˆetre d´efini de fa¸con
unique puisque si f= P1= P2sur K,
kP1(T) P2(T)k=kP1P2kC(K) = 0
d’apr`es le lemme 1 (si le spectre K est un ensemble infini, la v´erification pr´ec´e-
dente est inutile, puisque le polynˆome formel P1P2sera nul s’il a une infinit´e de
racines ; mais le spectre de T pourrait ˆetre fini). On posera donc ψ(f) = P(T), o`u
P est n’importe quel polynˆome qui repr´esente la fonction fsur K. De plus, on a
kψ(f)k=kfk.
L’ensemble A est dense dans C(K), et on a un homomorphisme isom´etrique ψ
de A dans L(H) ; d’apr`es le lemme 1.4.1, il existe un prolongement unique ϕTde
ψen application lin´eaire continue de C(K) dans L(H). Posons f(T) = ϕT(f) pour
toute fC(K). Pour toute suite (Pn) de polynˆomes qui converge uniform´ement sur
K vers la fonction f, la suite (Pn(T)) tend en norme dans L(H) vers f(T), puisque
ϕTest continu. Il en r´esulte par continuit´e de la norme que
kf(T)k= lim
nkPn(T)k= lim
nkPnkC(K) =kfkC(K),
ce qui montre que l’application ϕT:fC(K) f(T) ∈ L(H) est isom´etrique.
Par construction on a ϕT(iK) = T puisque la fonction iKcorrespond au monˆome
X dont l’image est T en calcul polynomial. Il reste `a voir que ϕTest un homo-
morphisme. Si (Pn) converge uniform´ement vers fsur K et (Qn) converge uni-
form´ement vers gsur K, alors f(T)g(T) = lim(PnQn)(T) = (fg)(T) (utiliser la
continuit´e du produit par rapport au couple de variables), donc ϕTest un homo-
morphisme d’alg`ebres de Banach unitaires complexes, isom´etrique. Il en r´esulte que
Sp f(T) = f(K), d’apr`es un principe g´en´eral sur C(K) (corollaire 3).
Si ST = TS, on en d´eduit que SPn(T) = Pn(T)S pour tout n, donc Sf(T) =
f(T)S par continuit´e du produit par S, `a droite et `a gauche. Ainsi f(T) commute
avec tout op´erateur born´e S qui commute avec T.
Posons ϕ1(f) = f(T)pour toute fC(K). On v´erifie que ϕ1est un homo-
morphisme d’alg`ebres de Banach unitaires de C(K) dans L(H), et ϕ1(iK) = iK(T)
(parce que K R, on a iK=iK) donc ϕ1(iK) = T= T parce que T est hermitien.
D’apr`es l’unicit´e, on d´eduit ϕ1=ϕT, ce qui signifie que f(T) = f(T)pour toute
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