TS3 DS du 21 janvier 2006 - Correction I. Physique : Le stimulateur cardiaque 1. Dans le circuit de charge la valeur de la résistance r est très faible. Or = r.C. donc est proche de 0 s. Le condensateur se charge presque instantanément. 2. 3. Branchements de l'interface d'acquisition: 4. En rouge, la tension uc lors de la charge du condensateur. (uC croît très rapidement) pile spéciale r E C 1 i K A B 2 vers YA uC R uR vers le circuit de déclenchement SCHÉMA 1 = 5. Lorsque le condensateur est complètement chargé, il n'y a plus de courant qui circule. i = 0 A. 6. On lit sur la courbe 1: uC maximale = 5,7 V = E 7. Lors de la décharge du condensateur signe de l'intensité i du courant est négatif D'après la loi d'Ohm: uR = – R.i (signe – car flèche i et flèche uR dans le même sens) dq q = C.uC i= dt lors de la décharge d'après la loi d'additivité des tensions: uC = uR du du C dq 1 8. uC = – R.i uC + R.i = 0 uC + R =0 uC + R.C. C = 0 + .uC = 0 dt dt dt RC 9. = R.C D'après la loi d'Ohm: u = R.i R= u i donc [R] = [ U] avec la notation [A] pour la dimension de A [ I] du C [T ] [ U] [T ] donc [C] = [I]. [R.C] = [R][C] = [I]. [R.C] = [T] La constante est homogène à une durée. [ U ] [ I ] [ U] dt 10. Détermination graphique de : Méthode 1: Pour t = , la tension aux bornes du condensateur est égale à 37% de sa valeur max. Si uC = 0,37E alors uC = 2,1 V . On trouve = 0,8 s. Méthode 2 : On trace la tangente à la courbe représentative de uC(t) en t =0 s. La tangente coupe l'asymptote horizontale uC = 0 à l'instant t = . On trouve aussi = 0,8 s 0,8 11. R = = = 1,7 M C 470 .10 9 E 12. L'impulsion est créée quand uC(t1) = ulimite= donc E = uCe E = 2,1e = 5,7 V. La valeur de E est celle trouvée en 6. e du C du C 1 13. uC(t) = E.e–t/ = - (E/) e–t/ + .uC = 0 car = R.C dt RC dt E uC(t1) = ulimite= = E.e–1 = E. et1 / par analogie, on a t1/ = 1 donc t1 = e 14. La durée t qui sépare deux impulsions consécutives doit être proche ( durée nécessaire pour que uC atteigne ulimite + t0 durée très faible pour recharger le condensateur). 15. Nombre de battements du cœur par minute: Toutes les =0,8 s 1 battement 60 Toutes les 60 s N battement N = = 75 battements par minute. 0,8 II. Physique : Etude d’une bobine di 1 . uAB = r.i + L (avec cette convention pour le sens de i) E K dt i 2. uBC = R.i (flèche de i opposée à celle de uBC ) (–) (+) 3. Voir ci-dessous. 4. Lorsque le régime permanent est établi, E = uAB + uBC L,r di uAB = r.I0 car L. = 0 quand l’intensité est constante et uBC = R.I0 . B C A dt R uAB + uBC = E = r.I0 + R.I0 ainsi I0 = E/(r+R) = 28,6 mA u AB u BC L 5. La constante de temps = . Rr i = C. E-R.I0 uBC uAB rI0 III. Chimie : Les crampes 1. CO2 , H2O (aq) + H2O (l) = HCO3–(aq) + H3O+(aq) 2. pKa1 = – log Ka1 = – log pKa1 = – log 3. log [HCO 3 (aq)] éq .[ H 3 O (aq)] éq [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq KA1 = pKa1 = – log [CO 2 , H 2 O(aq)] éq + pH pH = pKa1 + log = pH – pKa1 [CO 2 , H 2 O(aq)] éq [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq – log [H3O+(aq)]éq [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq 4. Si [CO2 , H2O (aq) ] augmente alors le rapport [HCO 3 (aq)] éq .[ H 3 O (aq)] éq = 10 pH–pKa1 [HCO 3 (aq)] éq = 10 7,4 – 6,1 = 10 [HCO 3 (aq)] éq 1,3 [CO 2 , H 2 O(aq)] éq diminue. Comme pH = pKa1 + log [CO 2 , H 2 O(aq)] éq = 20 [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq , le pH diminue : "diminution locale du pH sanguin du fait de la création en abondance de dioxyde de carbone dissous dans le sang". 5. a- Q > K Au voisinage du poumon, l'équilibre 2 est déplacé dans le sens de la consommation de O 2. La réaction 2 a lieu majoritairement en sens inverse. L'hémoglobine se charge de dioxygène. b- Q < K Au voisinage du muscle, l'équilibre 2 est déplacé dans le sens de la consommation de CO 2. La réaction 2 a lieu majoritairement en sens direct. c- Lors d'un effort l'hémoglobine réagit avec le dioxyde de carbone, il y a formation de HbCO 2, ainsi elle empêche une augmentation de [CO2 , H2O (aq)] et empêche une baisse du pH. La respiration libère du CO2 au niveau des poumons et se recharge en O2. Ensuite HbO2 est acheminée par le flux de sang vers les muscles, où il y a libération de O 2 et capture de CO2. 6. Réaction 3: CH3–CHOH–COOH(aq) + HCO3–(aq) = CH3–CHOH–COO–(aq) + CO2,H2O(aq) [lactate]éq .[CO 2 , H 2 O(aq)] éq La constante d'équilibre de cette réaction a pour expression K = [acide lactique].[ HCO 3 (aq)] éq On a CH3–CHOH–COOH (aq) + H2O (l) = CH3–CHOH–COO– (aq) + H3O+(aq) avec Ka2 = On a CO2 , H2O (aq) + H2O (l) = HCO3–(aq) + H3O+(aq) avec Ka1 = [lactate]éq .[ H 3 O (aq)] éq [acide lactique]éq [HCO 3 (aq)] éq .[ H 3 O ]éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq Ka 2 10 pKa2 = = 10(pKa1–pKa2) = 10(6,1–3,6) = 102,5 = 3,2.102 Ka 1 10 pKa1 Avancement AH (aq) + HCO3– (aq) État initial x= 0 n1= [HCO3–]i V n0 = 3.10–4 mol =2,7.10–20,100 = 2,7.10–3 mol K= État intermédiaire x État final xmax = 3.10– 4 mol n0 – x 0 24.10 + CO2,H2O (aq) n3 =[CO2,H2O]i V =1,4.10–3 0,100 = 1,4.10– 4 mol 0 n1 – x –4 A– (aq) = x mol 3.10 –4 n3 + x mol 1,4.10 –4 + xmax = 4,4.10– 4 mol Si AH est réactif limitant alors n0 – xmax = 0 alors xmax = 3.10–4 mol Si HCO3– est réactif limitant alors n1 – xmax = 0 alors xmax = 24.10–4 mol. AH est donc réactif limitant car il conduit à l'avancement maximal le plus faible, x max = 3.10–4 mol. 7. [HCO3–] f = n1 xmax 24.104 = 2,4.10–2 mol.L–1 V 0,100 [CO2,H2O] f = n3 xmax 4,4.104 = 4,4.10–3 mol.L–1 V 0,100 à cause de la réaction, il y a davantage de CO2 dissous. pH = pKa1 + log [HCO 3 (aq)] éq [CO 2 , H 2 O(aq)] éq = 6,1 + log 2,4.10 2 4,4.10 3 = 6,8 après effort. On vérifie bien que le pH a diminué.