Examen formatif de génétique/méiose

Bio 101-NYA
Guillaume Chagnon
Lexique pré-examen en ordre analphabétique
Génération P = génération parentale = les parents
F1 = génération filiale 1 = les enfants de la génération P
F2 = génération filiale 2 = les enfants de la génération F1
Monohybridisme : problème à un seul gène
Dihybridisme : problème à deux gènes
Locus : endroit précis sur un chromosome (pluriel = loci)
Race pure : homozygote pour un gène précis
Variation discontinue : variation pas catégorie, comme les couleurs, par opposition à variation
continue où une infinité de valeur sont possible (comme la grandeur d’un humain).
Létal : mortel
Examen formatif
1- La reproduction sexuée précédée d’une gamétogénèse méiotique est un
mécanisme qui assure une incroyable diversité génétique chez les individus
qu’elle engendre. Nommez les trois événements qui créent cette étonnante
diversité tout au long du mécanisme.
2- Nommez une cellule dans votre corps qui a été créée par méiose.
3- Après le premier instant de la fécondation, le zygote est composé d’une seule
cellule. Si les cellules du zygote en développement se reproduisent une fois
par heure, il faudra attendre combien d’heures avant que le zygote ait 64
cellules ?
4- Quelle est la phase de la méiose où tous les tétrades sont alignés à la plaque
équatoriale ?
5- Qu’est-ce qui caractérise la prophase I de la méiose ?
6- À quelle phase du cycle cellulaire peut-on « voir » le matériel génétique de la
cellule sous forme de chromatine ?
7- Sur un tétrade, il y a quatre chromatides, deux sur chaque chromosome
homologue. Quelles chromatides devrions-nous comparer entre-elles si nous
voulons observer deux chromatides parfaitement identiques ?
1
8- Lequel de ces énoncés à propos d’un croisement entre des pois JJ et des
pois jj est faux ?
a.
b.
c.
d.
e.
chaque parent ne produit qu’un seul type de gamète
les individus de la génération F1 produisent des gamètes des deux
types, chaque gamète étant soit J ou j
trois génotypes sont observés dans la génération F2
trois phénotypes sont observés dans la génération F2
c’est un exemple de croisement monohybride
9- Le phénotype d’un individu…
a.
b.
c.
d.
e.
dépend au moins en partie du génotype
est soit homozygote ou hétérozygote
détermine le génotype
est la constitution génétique d’un organisme
est soit monohybride ou dihybride
10- Lequel de ces énoncés sur les allèles est faux ?
a.
b.
c.
d.
e.
ils sont différentes versions d’un même gène
Il peut y avoir plusieurs possibilités d’allèle pour un seul locus
un allèle peut être dominant par rapport à un autre
ils peuvent montrer une dominance incomplète
ils occupent différent loci sur un même chromosome
11- Lequel de ces énoncés à propos d’un individu homozygote pour un allèle est
faux ?
a.
b.
c.
d.
e.
chacune de ses cellules possède deux copies de cet allèle
chacun de ses gamètes possède une copie de cet allèle
il est de race pure par rapport à cet allèle
ses parents étaient nécessairement homozygotes pour cet allèle
il peut donner cet allèle à ses enfants
2
12- Lequel de ces énoncés à propos d’un croisement de contrôle est faux ?
a.
b.
c.
d.
e.
il teste pour savoir si un individu est homozygote ou hétérozygote
l’individu testé est croisé avec un individu homozygote récessif
si l’individu testé est hétérozygote, sa progéniture aura un ratio de
1:1
si l’individu testé est homozygote, sa progéniture aura un ratio de
3:1
les résultats du croisement seront conformes au modèle d’hérédité
de Mendel
13- Les caractères héritables des individus…
a.
b.
c.
d.
e.
sont toujours déterminés par des allèles dominants et récessifs
varient toujours de manière discontinue
peuvent parfois être contrôlés par plusieurs gènes
ont été étudiés pour la première fois au 15ième siècle
n’existent pas en dehors du laboratoire
14- Il existe une maladie particulière chez les caribous de Madagascar. Cette
maladie fait exploser les yeux des individus adultes lors de leur premier
accouplement. L’allèle qui provoque cette maladie (e) est récessif. Quel
croisement entre des individus homozygotes pourriez-vous faire pour
déterminer si la maladie est autosomale ou liée au sexe ?
15- La couleur des pétoncles est déterminée par un gène qui possède trois
allèles et on peut observer trois phénotypes distincts : des pétoncles jaunes,
rouges ou noirs. Les pétoncles ont la particularité d’être hermaphrodites, ils
peuvent s’auto-fertiliser. Après une expérience d’auto-fertilisation à partir de
trois parents différents, voici ce qu’on a observé :
Parent jaune : 3 bébés jaunes et 1 bébé noir
Parent noir : 4 bébés noirs
Parent rouge : 1 bébé noir et 4 bébés rouges
Sachant qu’il existe aussi des pétoncles de couleur orange, assignez un
symbole approprié à chacun des allèles qui participent au contrôle de la
couleur; puis déterminez le génotype de chacun des trois parents.
Finalement, donnez autant de détails que possible à propos du génotype des
différents types de bébés.
3
16- En tant que nouvel étudiant en génétique, vous suspectez qu’un certain
caractère récessif des drosophiles (ailes « dumpy », c’est-à-dire des ailes
plus petites et plus bombées que la normale) est lié au sexe. Vous effectuez
un croisement entre une femelle qui a des ailes dumpy (d) et un mâle qui a
des ailes sauvages (D). Le croisement produit 5 femelles qui ont des ailes
dumpy et 4 mâles sauvages. En se basant sur ces données, le caractère estil lié au sexe ou autosomal ? Quels étaient les génotypes des deux parents ?
Expliquez comment vous avez pu tirer ces conclusions avec si peu de
données.
17- Le sexe des poissons est déterminé de la même façon que chez l’être
humain. Un allèle d’un des locus du chromosome Y des poissons « guppy »
cause l’apparition d’une tache blanche sur la nageoire dorsale. Un poisson
mâle présentant une tache est croisé à une femelle qui n’a pas de tache.
Décrivez les phénotypes des individus de la génération F1 et de la génération
F2.
18- Chez la drosophile, l’allèle récessif « p » provoque la coloration rose des
yeux. Un autre gène, sur un autre chromosome, a un allèle récessif « c » qui
donne des ailes courtes lorsque homozygote. On croise une femelle avec le
génotype PPCC avec un mâle de génotype ppcc. Décrivez les phénotypes
des individus de la génération F1 et de la génération F2.
19- Chez l’oie andalousienne, une paire d’allèles contrôle la couleur des plumes.
Trois couleurs sont observées : bleu, noir ou blanc. Des croisements entre
différents phénotypes ont donnés les résultats suivants :
Parents
Noir x Bleu
Noir x Blanc
Bleu x Blanc
Noir x Noir
Blanc x Blanc
a.
b.
Progéniture
Bleu et noir (1:1)
Bleu
Bleu et blanc (1:1)
Noir
Blanc
quelle progéniture obtiendriez-vous à partir d’un croisement entre
deux oies bleues ?
si vous vouliez vendre des œufs, tous des œufs donnant des oies
bleues, comment devrez-vous procéder ?
4
20- Le daltonisme est un caractère récessif dont le gène est situé sur le
chromosome X. Deux personnes avec une vision normale ont deux fils, l’un
d’eux est daltonien et l’autre a une vision normale. Si le couple a aussi des
filles, quelle sera la proportion des filles avec une vision normale ?
21- Anatole possédait une colonie de tigres à rayures transversales. Son
correspondant sénégalais, Dieudonné, lui envoya un tigre à rayures
longitudinales. Quand Anatole croisa celui-ci avec l'un de ses propres
animaux, il obtint des tigres à carreaux. Les croisements entre tigres à
carreaux produisirent des portées comprenant une majorité de tigres à
carreaux, mais aussi un certain nombre d'animaux à rayures transversales et
d'autres à rayures longitudinales. Représentez schématiquement les
croisements réalisés par Anatole, en indiquant les génotypes déterminant les
divers motifs du pelage.
22- Chez le poulet, l'allèle « crête triple» (P) domine l'allèle «crête simple» (p),
mais les allèles déterminant la couleur des plumes (B=noir, B' = blanc)
montrent une dominance incomplète, les individus BB' ayant les plumes
«bleues». Si on croise des oiseaux hétérozygotes pour les deux paires de
gènes, déterminer quelle proportion de la progéniture devrait avoir :
A) une crête simple;
B) des plumes bleues;
C) des plumes blanches;
D) des plumes blanches et une crête triple;
E) des plumes bleues et une crête simple.
23- Une jeune femme a un frère qui est mort en bas âge des suites d'une maladie
héréditaire rare. Cette maladie, qui tue les enfants avant qu’ils n’atteignent
l’âge de 4 ans, est causée par un gène récessif qu'on trouve à l'état
hétérozygote chez environ 1 personne sur 10,000 dans la population. Il n'est
létal qu'à l'état homozygote. Quelle est la probabilité que cette femme ait un
enfant atteint de cette maladie ?
5
24- Mme Tremblay et Mme Côté ont donné naissance à des garçons
(respectivement nommés Jean et Paul) le même jour, dans le même hôpital
d'une grande ville. Quand Mme Tremblay retourne à la maison avec son
bébé, elle commence à soupçonner qu'il s'agit du bébé de Mme Côté et que
les enfants ont été interchangés par inadvertance à l'hôpital. Les épreuves
sanguines (pour trois types de glycoprotéines des globules rouges) révèlent
ceci: M. Tremblay est de groupe 0, MN et Rh+; Mme Tremblay est de groupe
B, N, Rh+; leur enfant (Jean) est de groupe B, M, Rh-; M.Côté est de groupe
A, MN, Rh+; Mme Côté est de groupe AB, MN, Rh+ et Paul, leur enfant est
de groupe 0, MN, Rh+. L'allèle donnant Rh+ domine l'allèle donnant Rh-; les
deux allèles donnant M et N montrent de la codominance. Y a-t-il eu mélange
des bébés?
25- Chez le poulet, un allèle dominant lié au chromosome X détermine un
plumage rayé. Les poules possèdent la paire de chromosome XY tandis que
les coqs possèdent la paire XX. Si on croise une poule rayée avec un coq
non rayé, quel sera le motif du plumage de la progéniture de chaque sexe ?
26- Chez l'humain, l'hémophilie est causée par un allèle récessif situé sur le
chromosome X. Une personne hémophile produit en quantité insuffisante
une certaine protéine nécessaire à la coagulation sanguine; la moindre
blessure peut alors provoquer une hémorragie mortelle. Quel serait le rapport
phénotypique des enfants d'une femme ayant un père hémophile et un mari
normal ?
Examen formatif - solutionnaire
1- L’enjambement lors de la prophase I, la ségrégation indépendante des
chromosomes lors de l’anaphase I et la fécondation aléatoire (rencontre
aléatoire entre les différents gamètes).
2- Ovule ou spermatozoïde (selon votre sexe…), ou gamète.
3- Il faudra attendre 6 heures car ces cellules somatiques se reproduisent par
mitose (0h-1c, 1h-2c, 2h-4c, 3h-8c, 4h-16c, 5h-32c, 6h-64c).
4- La métaphase I
6
5- La formation de tétrades (paires de chromosomes homologues) et/ou
l’enjambement.
6- Pendant l’interphase.
7- Il faudrait observer deux chromatides d’un seul chromosome (et non une de
chaque chromosome homologue).
8- D) trois phénotypes sont observés dans la génération F2
9- A) dépend au moins en partie du génotype
10-
E) ils occupent différent loci (pluriel pour locus) sur un même chromosome
11- D) ses parents étaient nécessairement homozygotes pour cet allèle (faux : ils
peuvent être tous deux hétérozygotes par exemple)
12- D) si l’individu testé est homozygote, sa progéniture aura un ratio de 3:1
(faux : comme on croise ensemble deux homozygotes, sa progéniture ne
montrera qu’un seul génotype)
13- C) peuvent parfois être contrôlés par plusieurs gènes (par exemple, la
couleur des yeux ne dépend pas d’un seul gène)
14- Pour répondre correctement à cette question, il faut choisir les bons individus pour le
croisement. Comme les individus que nous avons à notre disposition sont tous homozygotes,
il n’y a que quatre croisements possibles (M = mâle et F = femelle, Mut = mutant et Sau =
sauvage) :
M(Sau) X F(Sau)
M(Sau) X F(Mut)
M(Mut) X F(Mut)
M(Mut) X F(Sau)
Le seul croisement qui pourra nous indiquer si la maladie est autosomale ou liée au sexe et
celui en caractères gras. Pourquoi ? Parce que tous les autres croisements donneront des
ratios phénotypiques identiques que la maladie soit autosomale ou liée au sexe tandis que
celui sélectionné donnera des ratios phénotypiques différents si la maladie est autosomale
ou liée au sexe.
En faisant le croisement M(EE) X F(ee), si la maladie était autosomale ont obtiendrait :
100% de la progéniture Ee = phénotype sauvage
Si la maladie était liée au sexe M(XEY) X F(XeXe), on obtiendrait :
50% de la progéniture XEXE = filles au phénotype sauvage
50% de la progéniture XeY = garçons au phénotype mutant
7
15- Ceci est un problème d’allèles multiples, comme les groupes sanguins humains. Nous avons
un gène pour lequel il n’existe pas deux mais trois allèles. Pour résoudre le problème, il faut
d’abord trouver le génotype des parents. C’est en analysant les phénotypes de la progéniture
que nous y parviendrons.
Tout d’abord le croisement jaune x jaune (n’oubliez pas que la progéniture vient d’une
expérience d’auto-fertilisation) donne un ratio de 3:1, ce qui est un bon indice que le
jaune est un phénotype qui provient d’un génotype hétérozygote. Dans le même
ordre d’idée, le croisement rouge x rouge donne un ratio de 4:1, ce qui est très près d’un
ratio 3:1 caractéristique d’un croisement monohybride entre deux hétérozygotes. Nous
pouvons donc poser comme hypothèse que les individus jaunes et rouges sont des
hétérozygotes. Si il y avait seulement deux allèles, ceci serait impossible. C’est ce qui
nous indique que c’est un problème d’allèles multiples. Comme le parent noir
n’engendre que des bébés noirs, on peut poser l’hypothèse qu’il est homozygote.
Avec ces hypothèses, on peut deviner le génotype des différents phénotypes parentaux :
Jaune : CJC- = hétérozygote comme dans l’hypothèse
Noir : C-C- = homozygote comme dans l’hypothèse
Rouge : CRC- = hétérozygote comme dans l’hypothèse
Où C = gène de la couleur, CJ = allèle jaune, CR = allèle rouge et C- = allèle noir récessif,
et où les allèles CJ et CR dominent l’allèle C-.
Pour ce qui est du génotype de la progéniture, on a qu’à faire les croisements. Ça nous
donnera en même temps une façon de tester notre hypothèse pour les parents…
CJC- x CJC- = ¼ CJCJ (jaunes), ½ CJC- (jaunes), ¼ C-C- (noirs) : OK !
CRC- x CRC- = ¼ CRCR (rouges), ½ CRC- (rouges), ¼ C-C- (noirs) : OK !
C-C- x C-C- = 100% C-C- (noirs) : OK !
Nous venons donc de répondre à la question : nous avons le génotype des parents et les
génotypes de la progéniture, et le « test » a fonctionné alors on est sûr de notre
réponse… Pour ce qui est des pétoncles orange, ils sont des hétérozygotes (CJCR) et les
deux allèles sont codominants.
16- Le simple fait que deux bébés mâles soient sauvages nous indique clairement que ce
caractère n’est pas lié au sexe. Pourquoi ? Comment une femelle homozygote récessive
pourrait-elle donner un allèle sauvage à un de ses fils ? C’est impossible et c’est pourquoi il
est évident que le caractère est autosomal.
Le génotype de la femelle est donc « dd ». Pour trouver celui du père, il faut regarder de
plus près les phénotypes des bébés. Le ratio phénotypique est de 5:4, ce qui est très
près de 1:1. Pour obtenir un ratio phénotypique de 1:1 avec un parent homozygote
récessif, il faut absolument que l’autre parent soit hétérozygote. Le mâle est donc « Dd ».
Faisons le test :
M(Dd) x F(dd) = ½ Dd (sauvage), ½ dd (dumpy) : ça fonctionne !
Ce caractère est donc autosomal et le génotype des parents est dd (F) et Dd (M). Si le
caractère avait été lié au sexe, tous les fils auraient été mutants et les filles auraient été
normales.
8
17- Si un caractère est déterminé par un gène sur le chromosome Y, seulement les mâles
pourront avoir ce caractère et l’allèle est nécessairement dominant car il est hémizygote.
Faisons le croisement pour déterminer la composition de la F1 :
XX x XYB = ½ XX (femelles normales) et ½ XYB (mâles mutants)
Le croisement pour la F2 est tout à fait le même puisque la progéniture (F1) est en tout
point semblable à la génération parentale :
XX x XYB = ½ XX (femelles normales) et ½ XYB (mâles mutants)
18- Pour la F1 :
PPCC x ppcc = 100% PpCc (yeux rouges, ailes longues)
Pour la F2 :
PpCc x PpCc =
génotype
phénotype
1/16 PPCC
1/8 PPCc
1/8 PpCC
¼ PpCc
1/8 ppCc
1/16 ppCC
1/8 Ppcc
1/16 PPcc
1/16 ppcc
(yeux rouges, ailes longues)
(yeux rouges, ailes longues)
(yeux rouges, ailes longues)
(yeux rouges, ailes longues)
(yeux roses, ailes longues)
(yeux roses, ailes longues)
(yeux rouges, ailes courtes)
(yeux rouges, ailes courtes)
(yeux roses, ailes courtes)
Ratio phénotypique
9 (yx rg, ailes lg) : 3 (yx rg, ailes crt) : 3 (yx roses, ailes lg): 1 (yx roses, ailes crt)
19- Il faut d’abord trouver le génotype des parents pour pouvoir répondre aux questions. On peut
le faire en analysant le ratio phénotypique de la progéniture.
Premièrement, pour deux des croisements, le ratio phénotypique et de 1:1, ce qui est
caractéristique d’un croisement entre homozygote et hétérozygote. Ces deux
croisements ont quelque chose d’autre en commun : ils impliquent un parent de couleur
bleu. Comme ce phénotype est présent dans les deux croisements qui donnent un ratio
phénotypique de 1:1, on peut poser l’hypothèse que le phénotype « bleu » est causé par
un génotype hétérozygote. Les deux autres couleurs seraient causées par un génotype
homozygote. Ce problème en est donc un de dominance incomplète : deux allèles mais
trois phénotypes.
Noire : C’C’
Bleue : C’C
Blanche : CC
Pour répondre à la question a), il faut croiser deux oies C’C :
C’C x C’C = ¼ C’C’ (noires), ½ C’C (bleues), ¼ (blanches)
9
Pour répondre à la question b), on doit trouver un croisement qui n’engendre que des
oies bleues :
C’C’ (noires) x CC (blanches) = 100% C’C (bleues)
20- Tout d’abord, il faut avoir écouté pendant le cours et se souvenir que le daltonisme est une
maladie liée au sexe, le gène étant situé sur le chromosome X. Ensuite, on peut déterminer
le génotype des parents et des deux fils :
Père : XEY, puisqu’il a une vision normale
Mère : XEXE ou XEXe, puisqu’elle a une vision normale
Fils 1 : XeY, puisqu’il est daltonien
Fils 2 : XEY, puisqu’il a une vision normale
Mais puisqu’on sait qu’un des deux fils est daltonien, on est certain que la mère a un
allèle mutant puisque c’est elle qui donne un chromosome X à ses fils.
Peu importe, la question est à propos de la chance d’avoir une fille normale. Comme le
père a une vision normale, il est absolument impossible qu’une de ses filles deviennent
daltonienne puisque le père donne obligatoirement son X E à chacune de ses filles. La
proportion des filles avec une vision normale est donc 100%.
21- Dans ce problème, on ne parle que d’un seul gène pour lequel il existe trois phénotype : on a
affaire à de la dominance incomplète. Appelons T l’allèle qui code pour des lignes
transversales et t l’allèle qui code pour des lignes longitudinales. Les hétérozygotes auront
les deux types de ligne, ce qui donnera des carreaux. Si l’hypothèse d’un gène à deux allèles
et dominance incomplète est vraie, les tigres d’origine devaient être TT et tt. En les croisants,
on obtient 100% de tigres Tt (à carreaux), ça fonctionne jusqu’à présent…
En croisant les tigres à carreaux entre eux (Tt X Tt), on devrait obtenir ¼ de TT, ¼ de tt
et ½ de Tt. Puisque dans le problème les tigres de la F2 sont majoritairement à carreaux
(Tt) mais aussi quelques-uns à lignes longitudinales (tt) et quelques-uns à lignes
transversales (TT), notre hypothèse fonctionne toujours…
22- Ici, nous faisons le croisement suivant : PpBB’ X PpBB’. Pour répondre aux questions, la
façon la plus facile est de déterminer le ratio phénotypique en faisant un arbre de
probabilités, c’est-à-dire en regardant le problème un gène à la fois. Puisque les individus
sont doubles hétérozygotes, les deux ratios génotypiques seront 1:2:1, ce qui donnera un
ratio phénotypique de 3:1 pour le gène P, mais un ratio phénotypique de 1:2:1 pour le gène B
(n’oubliez pas, il y a de la dominance incomplète = 1 gène, 2 allèles, 3 phénotypes…).
- ¾ crête triple
- ¼ noirs :
- ½ bleus :
- ¼ blancs :
- ¼ crête simple - ¼ noirs :
- ½ bleus :
- ¼ blancs :
3/16 crête triple, noirs
3/8 crête triple, bleus
3/16 crête triple, blancs
1/16 crête simple, noirs
1/8 crête simple, bleus
1/16 crête simple, blancs
10
a)
b)
c)
d)
e)
1/4
3/8 + 1/8 = 1/2
3/16 + 1/16 = 1/4
3/16
1/8
23- Voici un schéma que l’on appelle un « lignage », il aide à solutionner le problème mais n’est
pas indispensable. Les carrés sont des hommes et les cercles, des femmes. Les formes
blanches représentent des individus vivants tandis que les formes noires représentent des
individus décédés. Les lignes représentent les liens entre les individus : ligne directe
horizontale = conjoints, ligne indirecte horizontale = frères/sœurs, ligne verticale = relation
parents/enfants
Gg
Gg
gg
?
Puisque la maladie est récessive et mortelle, nous savons que personne à part le frère
décédé n’est homozygote récessif. De plus, comme ce frère était homozygote récessif, il
est clair qu’il a dû recevoir l’allèle récessif de chacun de ses deux parents, ce qui veut
dire que les parents sont tous deux hétérozygotes.
En faisant le croisement entre les deux parents hétérozygote, on s’attend à un ratio
génotypique de 1:2:1, mais comme nous sommes certains que la fille n’est pas
homozygote récessive (elle serait morte), ça nous laisse un ratio génotypique de 1:2, ce
qui veut dire qu’elle a 2/3 de chance d’être hétérozygote.
Dans le reste de la population, on a une chance sur 10,000 d’être hétérozygote. Si les
deux parents sont hétérozygotes, il y a une chance sur quatre d’avoir un enfant malade.
La probabilité que cette femme ait un enfant malade est donc :
prob. fille hétéro X prob. homme hétéro X prob. enfant homo récessif
2/3
X
1/10,000
X
1/4
=
2/120,000 = 1/60,000
24- Pour trouver la réponse à ce problème, il faut essayer de déterminer le génotype des parents
et de voir quels sont les enfants qui pourraient naître du « croisement ».
Nom
Groupe sanguin
M. Tremblay :
Mme. Tremblay
O
B
MN
N
Rh+
Rh+
Génotype possible
=
=
11
ii
IB?
GMGN R?
GNGN R?
M. Côté
Mme. Côté
A
AB
MN
MN
Rh+
Rh+
=
=
IA?
IAIB
GMGN R?
GMGN R?
Le couple Tremblay peut avoir des enfants qui sont B ou O, qui sont MN ou N et qui sont R+
ou R-. Le couple Côté peut avoir des enfants qui sont A ou AB ou B, qui sont MN ou M et qui
sont R+ ou R-.
Dans ce cas-ci, le phénotype pour le facteur Rh ne nous sera d’aucune utilité puisque les
deux couples peuvent possiblement avoir des enfants qui se ressemblent à cet égard.
Cependant, seul le couple Tremblay peut avoir un enfant du groupe O et du groupe N, et seul
le couple Côté peut avoir un enfant des groupes A et AB et du groupe N.
Jean est B M Rh-, seul le couple Côté peut avoir un enfant du groupe M…
Paul est O MN Rh+, seul le couple Tremblay peut avoir un enfant du groupe O…
Les enfants ont bel et bien été interchangés !!!
25- La femelle rayée est XRY, le coq non rayé est XrXr puisque l’allèle rayé est dominant…
La progéniture sera comme suit : ½ XRXr
½ Xr Y
Les poules seront non rayées (XrY) et les coqs seront rayés (XRXr)
26- Comme cette maladie est liée au sexe et que l’allèle est porté sur le chromosome X, une
femme normale dont le père était malade sera nécessairement porteuse de la maladie
(hétérozygote) puisque sont père lui a nécessairement donné l’allèle récessif lors de la
fécondation.
La femme : XHXh
Le mari : XHY
Le rapport génotypique des enfants :
¼ X HX H
¼ X HX h
¼ XH Y
¼ XhY
Donc les filles seront normales et les garçons auront 1 chance sur 2 d’être hémophiles.
12