Exercice 1 1. Pour quelles valeurs de x les expressions suivantes ont-elles un sens ? (a) ln(x − 1) + ln(x + 1) (Rappel : ln ∆ existe ⇔ ∆ > 0) Pour que l’expression proposée soit définie, il faut et il suffit que les deux conditions suivantes soient réalisées : x+1>0 x−1>0 Ce qui équivaut à x > 1 et x > −1 donc x > 1 ln(x − 1) + ln(x + 1) est définie sur ]1; +∞[. 1−x (b) ln x+2 Selon le même principe que précédemment, il faut et il suffit que 1−x soit strictement positive. x+2 x Signe de 1 − x Signe de x + 2 1−x Signe de x+2 −∞ −2 + - 0 + + - k + 1 0 0 +∞ + - En conclusion, l’expression existe si, et seulement si, x ∈] − 2; 1[. 2. Ecrire plus simplement les nombres suivants : (a) eln 2 + ln e3 = 2 + 3 = 5 (b) e2+ln 8 = e2 × eln 8 = 8e2 2 (c) e− ln 3 + e 3 (Attention ici : on connait la formule eln a = a, mais il n’y a pas de formule concernant e− ln a ) (Il n’y a aucune formule non plus concernant ea + eb ) 2 1 2 2 1 e− ln 3 + e 3 = eln 3 + = + = 1 3 3 3 Exercice 2 Résoudre : (Attention : dans toutes les équations et inéquations comportant des ln, il faut veiller à ce que les solutions potentielles soient dans le domaine de validité de l’équation.) 1 G.Gremillot • ln 2x = ln(x2 − 1) En raison de la stricte croissance de la fonction ln : ln 2x = ln(x2 − 1) ⇔ 2x = x2 − 1 ⇔ x2 − 2x − 1 = 0 ∆ = 8 donne √ les solutions potentielles √: √ √ 2− 8 2+ 8 x1 = = 1 − 2 et x2 = = 1 + 2. 2 2 x1 est à rejeter car elle est négative et donc ln 2x1 n’existe pas. x2 convient, vu que 2x2 > 0 et x22 − 1 > 0. √ L’équation possède une seule solution qui est 1 + 2. • ln 2x ≥ ln(x2 − 1) Il faut 2x > 0 et x2 − 1 > 0, soit x > 0 et (x ∈] − ∞; −1[ ou x ∈]1; +∞[), ce qui se résume à x ∈]1; +∞[ qui est donc le domaine de validité de l’inéquation. Pour tout x situé dans la domaine de validité de cette inéquation, et en raison de la croissance de la fonction ln, on a : √ √ ln 2x ≥ ln(x2 − 1) ⇔ 2x ≥ x2 − 1 ⇔ x2 − 2x − 1 ≤ 0 ⇔ x ∈ [1 − 2; 1 + 2] √ √ On doit "cumuler" les deux conditions x ∈]1; +∞[ et x ∈ [1 − 2; 1 + 2]. √ Ainsi les solutions de l’inéquation sont les réels de ]1, 1 + 2]. • e2x+5 = 5 (Ici, il n’y a aucun problème de validité puisque l’exponentielle est définie sur R) ln 5 − 5 e2x+5 = 5 ⇔ ln(e2x+5 ) = ln 5 ⇔ 2x + 5 = ln 5 ⇔ x = 2 Exercice 3 f est définie sur ]0; +∞[ par f (x) = x2 − 8x + 8 + 6 ln x Etudier les variations de f et tracer sa courbe représentative. Df =]0; +∞[ puisque f contient un ln x. lim+ f (x) = −∞ car lim+ ln x = −∞. x→0 x→0 8 8 + ) + 6 ln x = +∞ car lim ln x = +∞ x→+∞ x x2 f est dérivable sur son domaine de définition et : 2 lim f (x) = lim x (1 − x→+∞ x→+∞ f 0 (x) = 2x − 8 + 6 2x2 − 8x + 6 2(x2 − 4x + 3) = = x x x Les racines du trinôme x2 − 4x + 3 sont x1 = 1 et x2 = 3 et ce trinôme est positif à l’extérieur des racines, négatif sinon : 2 G.Gremillot x f 0 (x) 0 1 0 1 + f (x) : −∞ 3 0 + 6 ln 3 − 6 : - +∞ +∞ XXX XX z Exercice 4 f est la fonction définie sur I =]0; +∞[ par : f (x) = x + 1 − ln x x 1. Pourquoi la droite d d’équation y = x + 1 est-elle asymptote à la courbe C représentative de f ? ln x On sait que lim = 0 (Résultat du cours), alors : x→+∞ x lim [f (x) − (x + 1)] = lim − x→+∞ x→+∞ 3 ln x =0 x G.Gremillot ce qui implique que la droite d d’équation y = x + 1 est-elle asymptote à la courbe C quand x → +∞. 2. Etudier les positions relatives de C et d. ln x f (x) − (x + 1) = − . x étant positif (d’après le domaine de définition x de f ), cette expression est du signe de − ln x, soit donc : – positive si x ∈]0; 1] auquel cas C est au-dessus de d. – négative si x ≥ 1 auquel cas C est au dessous de d. 4 G.Gremillot