Solution – Nombres Complexes – Q.C.M. – s4233 Pour chaque question, une seule des trois propositions est exacte. Aucune justification n’est demandée. Le plan complexe est muni d’un repère orthonormé direct d’origine O . 1/ Une solution de l’équation 2z + z = 9 + i est : a) 3 b) i c) 3 + i . a) 3 est à éliminer, car étant un réel, reporté dans 2z + z , le résultat restera réel, donc différent de 9 + i . b) i est à éliminer, car étant imaginaire pur, reporté dans 2z + z , le résultat le restera, donc différent de 9 + i . c) Vérifions que z = 3 + i convient : z = 3 – i . 2z + z = 2(3 + i) + (3 – i) = 9 + i . 2/ Soit z un nombre complexe. | z + i | est égal à : a) |z| + 1 b) |z – 1| c) |i z + 1| . a) Contre exemple : z = -i ⇒ |z + i| = 0 et |z| + 1 = 2 . b) Contre exemple : z = -i ⇒ |z + i| = 0 et |z – 1| = |-i – 1| = |1 + i| = 2. c) Vérifions : i z + 1 = i z – i2 = i( z – i) = i( z + i ) ⇒ | i z + 1| = |i|.| z + i | =1.|z + i| = |z + i| . 3/ Soit z un nombre complexe non nul, d’argument θ . Un argument de -1 + i 3 est : z π a) - + θ 3 b) 2π π +θ 3 c) 2π π –θ. 3 1 3 2π 2π + i sin ] = 2e2iπ/3 et z = ρeiθ ⇒ z = ρe-iθ . -1 + i 3 = 2- + i = 2[cos 2 3 3 2 z -1 + i 3 2π 2π arg = arg (z) – arg (z’) [2π] ⇒ arg z = 3 – (-θ) = 3 + θ . z’ 4/ Soit n un entier naturel. Le complexe ( 3 + i)n est un imaginaire pur si et seulement si : b) n= 6k + 3 avec k ∈ ZZ a) n = 3 c) n = 6k avec k ∈ ZZ . 3 i π π + = 2(cos + i sin ) = 2eiπ/6 ⇒ ( 3 + i)n = 2n.eniπ/6 . 6 6 2 2 3 + i = 2 ( 3 + i)n sera imaginaire pur si et seulement si n n 1 π π = + kπ ⇔ = + k ⇔ n = 3 + 6k , k ∈ ZZ . 6 2 6 2 5/ Soient A et B deux points d’affixes respectives i et -1 . L’ensemble des points M d’affixe z vérifiant a) La droite (AB) |z – i| = |z + 1| est : b) Le cercle de diamètre [AB] c) La perpendiculaire à [AB] passant par O . |z – i| = |z + 1| ⇔ |zM – zA| = |zM – zB| ⇔ MA = MB . Les points M sont sur la médiatrice de [AB] , qui est la perpendiculaire à [AB] passant par O . 1 6/ Soit Ω le point d’affixe 1 – i . L’ensemble des points M d’affixe x + iy vérifiant |z – 1 + i| = |3 – 4i| a pour équation : a) y = -x + 1 |3 – 4i| = c) z = 1 – i + 5eiθθ avec θ réel. b) (x – 1)2 + y2 = 5 32 + 42 = 25 = 5 . L’énoncé équivaut à |z – 1 + i| = 5 , soit z – 1 + i = 5eiθ ⇔ z = 1 – i + 5eiθ avec θ réel. 7/ Soient A et B les points d’affixes respectives 4 et 3i . L’affixe du point C tel que le triangle ABC soit isocèle, avec → → ( AB ; AC ) = + π est : 2 a) 1 – 4i b) -3i c) 7 + 4i . L’énoncé équivaut à : zC – zA = 1.eiπ/2 = i ⇔ zC – zA = i(zB – zA) ⇔ zC – 4 = i(3i – 4) ⇔ zC = 4 + 3i2 – 4i = 1 – 4i . zB – zA 8/ L’ensemble des solutions dans C I de l’équation a) {1 ; -i} z–2 = z est : z–1 b) Ensemble vide ∅ c) {1 – i ; 1 + i} . z–2 = z ⇔ z(z – 1) = z – 2 pour z ≠ 1 ⇔ z2 – 2z + 2 = 0 . z–1 - On peut remarquer que z = 1 n’est pas solution, et qu’une équation du second degré complexe possède toujours deux solutions, conjuguées l’une de l’autre. La seule solution possible est donc c) . - On peut aussi calculer ∆ = -4 et résoudre : z1 = -b – i -∆ -b + i -∆ = 1 – i et z2 = =1+i. 2a 2a 2