Chimie Générale : 1h15 environ I - Atomistique I-1. Donner la configuration électronique de l’iode et du soufre. Enoncer les règles qui ont permis de l’établir. I-2. Représenter le schéma de Lewis de l’eau, du peroxyde d’hydrogène (eau oxygénée) H2O2, du diiode I2, des anions triiodure I3- et thiosulfate S2O32- (atome central lié à trois atomes O et un atome S). I-3. En déduire la géométrie dans le modèle VSEPR de l’eau et de l’anion thiosulfate. Données : n° atomiques : O : Z = 8 S : Z = 16 I : Z = 53 II - Cinétique • Etude cinétique théorique : On s’intéresse à la réaction (1) obtenue dans le mélange : eau oxygénée, acide sulfurique et iodure de potassium (en l’absence de catalyseur) : H2O2 + 2 H+ + 3 I- ' 2 H2O + I3On fait l’hypothèse que cette réaction admet un ordre par rapport à chacun des réactifs. 1- Ecrire la loi de vitesse de la réaction (1) en fonction de la constante de réaction notée k, des concentrations utiles et des ordres partiels relatifs aux différents réactifs. 2- On travaille en large excès d’acide sulfurique et d’iodure de potassium. Que devient alors la loi de vitesse ? On introduira alors une constante apparente, notée kapp. 3- En admettant que l’ordre partiel par rapport à l’eau oxygénée vaut 1, exprimer la loi de variation de la concentration en eau oxygénée en fonction du temps. • Etude expérimentale : Mode opératoire : Dans un erlenmeyer, on introduit 135 mL d’eau distillée, 10 mL d’iodure de potassium à 6 % en masse, 30 mL d’acide sulfurique à 1 mol.L-1, puis à l’instant t = 0, V = 10,0 mL de la solution d’eau oxygénée de concentration C0 = 0,785 mol.L-1. On suit l’évolution de la réaction en dosant les anions triiodure I3- formés à l’instant t par du thiosulfate de sodium à C = 1,00 mol.L-1, selon la réaction : I3- + 2 S2O32- ' 3 I- + S4O62On donne dans le tableau ci-dessous les volumes de la solution de thiosulfate à l’équivalence de ce dosage, Véq. : t/s Véq. / mL 54 1,0 110 2,0 173 3,0 200 3,5 230 4,0 330 5,0 390 6,0 486 7,0 590 8 ,0 710 9,0 850 10,0 1- Etablir une relation entre le volume de thiosulfate versé et la quantité d’anions triiodure I3- formés, puis avec la quantité d’eau oxygénée restant en solution. 2- Quelle courbe doit-on tracer pour vérifier que la réaction est d’ordre 1 ? La tracer sur papier millimétré (échelle : 1 cm pour 100 s, 10 cm par unité en ordonnée). Conclure. 3- En déduire la constante apparente de vitesse kapp. III- Thermodynamique : On considère, à 298,15 K et sous P = l atm. , l'équilibre en phase gazeuse entre le dioxyde et le trioxyde de soufre : SO2 + ½ O2 ' SO3 1- Calculer ∆rH° et ∆rS°. Commenter les valeurs de ces grandeurs de réaction ; le signe de ∆rS° était-il prévisible ? 2- Calculer l'enthalpie libre standard de la réaction à 298,15 K et en déduire K298. 3- On se place à 673 K : indiquer deux méthodes permettant de calculer l'enthalpie libre standard de la réaction à cette température. Donner sa valeur. Quelles approximations sont effectuées ? Quelle(s) grandeur(s) permettrai(en)t d’effectuer un calcul plus rigoureux ? Indiquer les relations utiles à ce calcul. Données à 25°C : SO2 (g) SO3 (g) S (g) O (g) O2 (g) R = 8,314 J.mol-1.K-1 ∆H° (kJ.mol-l) -296,2 -395,4 278,9 249,3 0 l atm = 1,013 105 Pa. ; Ln x = 2,3 log x S° (J.mol.-1K-1) 248,6 256,3 167,8 161,0 205,1 Agro-Véto - Corrigé du devoir sur table du 23/02/04 – Partie Chimie Générale I-1 : Configuration électronique : iode 53I : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 4s2 3d10 4p6 5s2 4d10 5p5 couche de valence = n maximum = 5 soit 5s2 5p5 soufre 16S : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p4 couche de valence = n maximum = 3 soit 3s2 3p4 règles : * de Pauli : 2 é par orbitale atomique (OA) au maximum, à spin antiparallèle * de Hund : mettre un maximum d'é célibataire par sous-couche (ou règle de multiplicité maximale) * de Klechkowski : remplissage des OA par ordre croissant d'énergie selon la règle du (n + l) = cte (n = nbe quantique principal, l = nbe quantique secondaire) I-2 : représentations de Lewis H2O : 2*1 + 6 é de valence = 8 é soit 4 doublets : H O H2O2 : 2*1 + 6*2 é de valence = 14 é soit 7 doublets : H O I2 : 7*2 é de valence = 14 é soit 7 doublets : I I - I3 : 7*3 é de valence + 1 charge = 22 é soit 11 doublets : I H O H \ I I NB : il y a plus que 8 é (octet) dans l'environnement de l'atome d'iode central : ceci est possible car c'est un élément disposant d'OA de type d disponibles pour accueillir les é ("octet" étendu). S2O32- : 6*5 + 2 charges négatives = 32 é soit 16 doublets : \ O S \ ↔ O S O O S S O O \ O \ \ ↔ S S O O ↔ … \ NB : il y a délocalisation des charges négatives sur les atomes périphériques (formes mésomères ou hybrides de résonance ou formes limites). I-3 : S2O32- : atome central S entouré de 4 groupements X (et pas de paires libres E) : appartient au groupe AX4 (modèle VSEPR ou de Gillespie) : cette structure est organisée selon une géométrie tétraédrique (Td). H2O : AX2E2 : cette structure est organisée selon une géométrie tétraédrique (Td) pour l'ensemble des domaines électroniques autour de l'atome central (O), mais la molécule (les 3 atomes) est coudée (ou en V). •• •• O H H II – Cinétique : H2O2 + 2 H+ + 3 I- ⇔ 2 H2O + I31) v = k.[ H2O2]a.[H+]b.[ I-]c a, b et c sont les ordres partiels de la réaction par rapport à chacun des réactifs. La somme des ordres partiels correspond à l'ordre global de la réaction. 2) L'acide et l'iodure sont en excès : leurs concentrations ne vont pratiquement pas varier au cours de la réaction et vont rester proches de la valeur initiale [ ] 0. ⇒ v = kapp..[ H2O2]a avec : kapp.= [H+]0b.[ I-]0c 3) a = 1 : 1er ordre v = kapp..[ H2O2] = - [H 2 O 2 ]0 d[H 2 O 2 ] d[H 2 O 2 ] ⇔ = - kapp..dt ⇔ Ln = kapp..t dt [H 2 O 2 ] [H 2 O 2 ] B – Les ions I3- formés au cours de la réaction précédente sont dosés par le thiosulfate : I3- + 2 S2O32- ⇔ S4O62- + 3 Ià l'équivalence : 2 n(I3-) = n(S2O32-) = Cth..Véq. où Cth.= concentration de la solution de thiosulfate ajoutée et Véq. = volume au point équivalent. (NB : le point équivalent peut être déterminé par potentiomètrie ou au moyen d'un indicateur coloré). ⇒ H2O2 restant : t=0 : t: H2O2 + 2 H+ + 3 I- ⇔ n0(H2O2) n0(I-) n0(I-) - 3ξ n0(H2O2) - ξ 2 H2O + I30 ξ = n(I3-) formé ⇒ H2O2 restant = n0(H2O2) - ξ = n0(H2O2) - n(I3-) = n0(H2O2) - C th. .Véq. 2 NB : n0(H2O2) = C0.V0 = 0,785*10.10-3 = 0,785.10-2 mole 2) Ln [H 2 O 2 ]0 n(H 2 O 2 ) 0 = Ln = kapp..t ⇔ Ln [H 2 O 2 ] n(H 2 O 2 ) t (s) Véq. (mL) Ln A kapp. (s1 )*103 n(H 2 O 2 ) 0 = Ln A = kapp..t Véq. .C th. n(H 2 O 2 ) 0 2 54 1 110 2 173 3 200 3,5 230 4 330 5 390 6 486 7 590 8 710 9 850 10 0,0658 1,219 0,1363 1,239 0,2121 1,226 0,2522 1,261 0,2941 1,279 0,3834 1,162 0,4815 1,235 0,5903 1,215 0,7124 1,210 0,8516 1,199 1,013 1,192 kapp. moyen = 1,222.10-3 s-1 (avec le graphe on trouve 1,18.10-3 s-1) III - SO2 + 1/2 O2 ⇔ SO3 1) ∆rH° = ∆fH°(SO3) - ∆fH°(SO2) = -395,4 – (- 296,2) = - 99,2 kJ.mol-1 ∆rS° = S°(SO3) - S°(SO2) – 0,5* S°(O2) = 256,3 – 248,6 – 0,5*205,1 = - 94,85 J.K-1.mol-1 ∆rH° < 0 : réaction exothermique (dégage de la chaleur) ∆rS° < 0 : l'ordre augmente dans le sens direct (car le nombre de mole de gaz diminue) 2) ∆rG° = ∆rH° - Τ.∆rS° = - 99,2.103 – 298,15*(- 94,85) = - 70920 J.mol-1 = - 70,92 kJ.mol-1 < 0 donc le sens favorisé est le sens direct. ∆rG° = − RT.Ln K soit K = exp(- ∆rG°/RT) K = exp(70920 / 8,314 / 298,15) = 2,66.1012 >>> 1 (réaction très déplacée vers la droite, totale) 3) 673 K : ∆rG°(673) = ? L'enthalpie et l'entropie de réaction ne dépendent presque pas de T (approximations) : donc : ∆rG°(673) = ∆rH°(298) - 673.∆rS°(298) = - 35366 J.mol-1 dLnK ∆ r H° = dT RT² ∆ H° ⎛ 1 1 ⎞ soit : LnK(673) = LnK(298) + r .⎜ − ⎟ = 6,32 R ⎝ 298,15 673 ⎠ Autre méthode : loi de Van t'Hoff : soit K(673) = 555,6 et ∆rG°(673) = - RT.Ln(555,6) = - 35362,4 J.mol-1 NB : si l'on souhaite faire un calcul plus précis, il faut tenir de l'influence de T sur ∆rH° et ∆rS° en prenant en compte les capacités calorifiques des constituants (Cpi). Les lois de Kirchoff donnent les relations : d ( ∆ r H °) = ∆rCp° dT et d( ∆ r S°) ∆ r Cp° = où ∆rCp° = Σ νi.cpi dT T