Exercices de génétique III
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Exercices de génétique mendélienne (correction) III. Dihybridisme (p.20 du cours) 1. P1 G1 a) LfNb x LN Lb fN fb ff Nb x fN fb F1 LN Lb fN fb fN LfNN LfNb ffNN ffNb fb LfNb Lfbb ffNb ffbb Nous obtenons donc en F1 6 génotypes différents LfNb 2/8 ffNb 2/8 LfNN 1/8 Lfbb 1/8 ffNN 1/8 ffbb 1/8 et 4 phénotypes différents longs noirs 3 longs blancs 1 frisés noirs 3 frisés blancs 1 b) Oui, il est possible dʼobtenir des hamsters à longs poils blancs dans un rapport de 1/8 _______________________________________________________________________ 2. P1 G1 F1 BBEE x RRLL BE x RL BREL P2 BREL G2 BE, BL, RE, RL x x 100% de fleurs roses à feuilles moyennes BREL BE, BL, RE, RL F2 BE BL RE RL BE BBEE BBEL BREE BREL BL BBEL BBLL BREL BRLL RE BREE BREL RREE RREL RL BREL BRLL RREL RRLL Phénotypes de la F2 : Il y a 9 phénotypes différents : 4 BREL 2 BBEL 2 BREE 2 BRLL 2 RREL 1 BBEE 1 BBLL 1 RREE 1 RRLL (fleurs roses avec feuilles moyennes) (fleurs blanches avec feuilles moyennes) (fleurs roses avec feuilles étroites) (fleurs roses avec feuilles larges) (fleurs rouges avec feuilles moyennes) (fleurs blanches avec feuilles étroites) (fleurs blanches avec feuilles larges) (fleurs rouges avec feuilles étroites) (fleurs rouges avec feuilles larges) 4/16 2/16 2/16 2/16 2/16 1/16 1/16 1/16 1/16 _______________________________________________________________________ 3. P1 G1 AaBb x AaBb AB, Ab, aB, ab x AB, Ab, aB, ab F1 AB Ab aB ab AB AABB AABb AaBB AaBb Ab AABb AAbb AaBb Aabb aB AaBB AaBb aaBB aaBb ab AaBb Aabb aaBb aabb Les 4 génotypes encadrés ne sont pas viables et on ne les retrouve donc pas dans la génération F1. Les résultats se calculent donc en 12èmes et non pas en 16èmes. Nous obtenons les génotypes suivants : AaBb AABb AaBB aaBb AABB aaBB 4/12 2/12 2/12 2/12 1/12 1/12 _______________________________________________________________________ 4. P1 AADeGG x bcDeFG a) G1 mâle : ADG - AeG x 2 gamètes b) femelle : bDF - beF - bDG - beG cDF - ceF - cDG - ceG 8 gamètes c) 16 cellules-oeufs possibles : choisir 2 possibilités parmi les 16 suivantes: bDF beF bDG beG cDF ceF cDG ceG ADG AbDDFG AbDeFG AbDDGG AbDeGG AcDDFG AcDeFG AcDDGG AcDeGG AeG AbDeFG AbeeFG AbDeGG AbeeGG AcDeFG AceeFG AcDeGG AceeGG 4 phénotypes possibles: 6/16 6/16 2/16 2/16 AD(FG) (FG = codominance, les deux sʼexpriment) ADG Ae(FG) AeG _______________________________________________________________________ 5. BBPP x bbpp G1 x bp F1 P2 BbPp G2 P1 BP BbPp 100% moyennement bouclés et bleus x BbPp BP, bP Bp bp x BP, bP, Bp, bp F2 BP bP Bp bp BP BBPP BbPP BBPp BbPp bP BbPP bbPP BbPp bbPp Bp BBPp BbPp BBpp Bbpp bp BbPp bbPp Bbpp bbpp On obtient 9 génotypes possibles 4 BbPp 2 BbPP 2 BBPp 2 Bbpp 2 bbPp 1 BBPP 1 bbPP 1BBpp 1 bbpp et 9 phénotypes également 4 bleus moyennement bouclés 2 bleus, très bouclés 2 tachetés blancs, bouclés moyens 2 bleus normaux 2 noirs, moyennement bouclés 1 tachetés blancs, très bouclés 1 noirs, très bouclés 1 tachetés blancs, normaux 1 noirs, plumage normaux Si lʼon croise une poule de F1 (BbPb) de F1 avec son père (bbpp) on obtiendra : P2 G2 F2 BbPp - Bppp - bbPp - bbpp 4 génotypes , 4 phénotypes BbPp x BP, Bp, bP, bp x bbpp bp
