1 GEL-15216 Électrotechnique CORRIGÉ DES EXERCICES DU CHAPITRE 2 2.1 Circuit monophasé équivalent: A IA Zli A’ + + VAN VA’N’ - - N N’ Zli = (0.2+j0.8) Ω Z Z = (15.8+j11.2) Ω Le courant de ligne A est: V AN 120 ∠0° I A = ---------------- = ------------------------------------------------------------------------ = 6 ∠– 36.9° A Z li + Z ( 0.2 + j0.8 ) + ( 15.8 + j11.2 ) Le courant de ligne B est: I B = 6 ∠– 156.9° A Le courant de ligne C est: I C = 6 ∠83.1° A V A′N′ = ZI A = ( 15.8 + j11.2 ) ( 6 ∠– 36.9° ) = 116.20 ∠– 1.5° V La tension ligne-neutre VB’N’ à la charge: V B′N′ = 116.20 ∠– 121.5° V La tension ligne-neutre VA’N’ à la charge: La tension ligne-neutre VC’N’ à la charge: V C′N′ = 116.20 ∠118.5° V π 2.2 La tension ligne-ligne VA’B’ à la charge: – j -- 6 V A′B′ = V A′N′ 3e = 201.27 ∠28.5° V La tension ligne-ligne VB’C’ à la charge: V B′C′ = 201.27 ∠– 91.5 ° V La tension ligne-ligne VC’A’ à la charge: V C′A′ = 201.27 ∠148.5° V On convertit la charge ∆ en une charge Y: (0.5+j1.5) Ω A B C Zli (0.5+j1.5) Ω Zli (0.5+j1.5) Ω Zli 50 Ω A’ 50 Ω B’ C’ 50 Ω (24+j18) Ω (24+j18) Ω (24+j18) Ω Car les deux charges Y sont équilibrées, les deux points neutre sont au même potentiel et on peut considérer que les impédances dans chaque phase sont en parallèle. 2 GEL-15216 Électrotechnique Le circuit monophasé équivalent: (0.5+j1.5) Ω IA 50 Ω A’ Zli A (18.1+j7.76) Ω (24+j18) Ω + + |VA’N| = 1200 V VAN - - N La tension ligne-neutre est prise comme référence de phase: V A′N = 1200 ∠0° V A′N 1200 ∠0° I A = ------------------------------------------- = ---------------------------------- = 60.93 ∠– 23.2° A 50 ( 24 + j18 ) ( 50 ) || ( 24 + j18 ) ---------------------------------50 + 24 + j18 La tension ligne-neutre à la source est: V AN = V A′N + Z li I A = 1200 ∠0° + ( 0.5 + j1.5 ) ( 60.93 ∠– 23.2° ) = 1266 ∠3.3° V Le courant de ligne IA est: La valeur efficace du courant de phase dans la charge Y est: V A′N 1200 I Y = --------------- = ------------- = 24 A 50 50 V A′B′ 1200 × 3 La valeur efficace du courant de triangle dans la charge ∆ est: I ∆ = ------------------------ = ----------------------------- = 23.1 A 72 + j54 2 2 72 + 54 2.3 A B IA Zli IB Zli A’ IAB + VA’B’ Z - B’ IBC ICA Z IC La séquence de phase est inverse (ACB) Z C’ Zli C Z = (60 + j45) Ω Zli = (0.8 + j0.6) Ω La tension ligne-ligne à la charge est prise comme référence de phase: VA’B’ = 831.4 /0° V Le courant de triangle IAB est: V A′B′ 831.4 ∠0° I AB = -------------- = -------------------------- = 11.08 ∠– 36.9° A Z 60 + j45 Le courant de triangle IBC est: I BC = I AB e Le courant de triangle ICA est: Le courant de ligne IA est: I CA = I AB e = 11.08 ∠– 156.9 ° A I A = I AB – I CA = 11.08 ∠– 36.9° – 11.08 ∠– 156.9 ° = 19.2 ∠– 6.9 ° A Le courant de ligne IB est: IB = IA e j2π ⁄ 3 = 11.08 ∠83.1 ° A – j2π ⁄ 3 Le courant de ligne IC est: IC = IA e La tension ligne-ligne VAB à la source: j2π ⁄ 3 –j2 π ⁄ 3 = 19.2 ∠ 113.1° A = 19.2 ∠– 126.9 ° A V AB = V A′B′ + Z li I A – Z li I B = 864.7 ∠ 0° V La tension ligne-ligne VBC à la source: V BC = V AB e La tension ligne-ligne VCA à la source: V CA = V AB e j2π ⁄ 3 –j2 π ⁄ 3 = 864.7 ∠ 120° V = 864.7 ∠– 120 ° V 3 GEL-15216 Électrotechnique 2.6 a) IA A IAB P1 13.8 kV Z IB B P2 Z ICA IC C Z = (240-j70) Ω Z IBC 2 La puisance complexe dans l’impédance ZAB: 2 V AB ( 13800 ) S AB = ---------------- = ------------------------ = 731290 – j213290 240 + j70 Z∗ 6 5 La puissance complexe totale fournie par la source est: S T = 3 × S AB = 2.1939 ×10 – j6.3988 ×10 La puissance active totale: La puissance réactive totale: b) La tension VAB est: La tension VBC est: La tension VCA est: PT = 2.1939 MW Q T = 0.63988 MVAR VAB = 13800/0° V VBC = 13800/-120° V VCA = 13800/120° V Le courant IAB est: V AB 13800 ∠0° I AB = ----------- = --------------------------- = 55.2 ∠16.3° A Z 240 – j70 Le courant de ligne IA est: I A = I AB × 3 e Le courant de ligne IB est: IB = IA e – j2π ⁄ 3 –jπ ⁄ 6 = 95.61 ∠– 13.7° A = 95.61 ∠– 133.7° A Le premier wattmètre indique: 5 P 1 = Re { V AC I A∗ } = Re { 13800 ∠– 60° × 95.61 ∠13.7 ° } = 9.1222 ×10 W Le deuxième wattmètre indique: 6 P 2 = Re { V BC I B∗ } = Re { 13800 ∠– 120° × 95.61 ∠ 113.7° } = 1.2817 ×10 W 2.4 Source triphasée N + A IA + B IB + C IC Ligne Zli Zli Zli 7.2 kW 5.4 kVAR A’ B’ 207.85 V C’ Zli = (1 + j3) Ω La tension ligne-ligne à la charge: Charge ∆ (11.52 - j8.64) Ω / phase V A′B′ = 120 × 3 = 207.85 V La puissance complexe totale dans la charge ∆: 2 2 V A′B′ ( 207.8 ) S ∆ = 3 × ------------------------------------------ = 3 × ---------------------------------- = 7200 – j5400 11.52 + j8.64 ( 11.52 – j8.64 )∗ Les deux charges sont connectées en parallèle. La puissance complexe totale est égale à la somme des puissances complexes des deux charges: 4 GEL-15216 Électrotechnique ST = 14400 La charge globale est dans ce cas purement résistive. Elle peut être représentée par 3 résistances con2 ( 120 ) nectées en Y. La valeur de chaque résistance est: R = ---------------------- = 3 Ω. 14400 ---------------- 3 Le circuit monophasé équivalent: IA A’ A Zli + + VA’N’ VAN 3Ω - N’ - N La tension ligne-neutre à la charge est égale à 120 V:VA’N’ = 120/0° V Le courant de ligne: V A′N′ I A = -------------- = 40 ∠0° A 3 La tension ligne-neutre à la source: V AN = V A′N′ + Z li I A = ( 120 ∠0 ° ) + ( 1 + j3 )40 ∠0° = 200 ∠36.9° V La tension ligne-ligne à la source est égale à: V AB = 2.5 a) Le circuit monophasé équivalent: A IA Zli A’ + + VAN VA’N’ - - N N’ 3 × 200 = 346.4 V Zli = (0.35+j2.1) Ω Z 120 kW fp = 0.90 AR La tension ligne-neutre à la charge est: 2400 V A′N′ = ------------- = 1385.6 V 3 Le courant de ligne est égal à: PA 120000 I A = ------------------------------------- = --------------------------------- = 96.225 A 1385.6 × 0.9 V A′N′ × cos φ Le déphasage entre IA et VA’N’ est: φ = arc cos ( 0.9 ) = 25.8° La tension ligne-neutre à la source: V AN = V A′N′ + Z li I A = 1385.6 ∠0° + ( 0.35 + j2.1 ) ( 96.225 ∠– 25.8° ) V AN = 1513.3 ∠6.3° V V AB = V AN × 3 = 1513.3 × 3 = 2621.1 V b) Les pertes sur la ligne de transport correspondent à la puissance active dissipée sur les 3 lignes A,B,C: La tension ligne-ligne à la source: Pertes = 3 × 0.35 × I A 2 = 9722 W 5 GEL-15216 Électrotechnique c) Compensation du facteur de puissance: I’ A A’ A Zli + VA’B’ I’B B Zli IA IC1 2400 V IB - B’ 360 kW fp = 0.90 AR IC2 I’C C IC C’ Zli IC3 Zli = (0.35+j2.1) Ω Cx Cx Cx On suppose que la tension ligne-ligne à la charge demeure inchangée (2400 V). Le circuit monophasé équivalent: Zli = (0.35+j2.1) Ω VA’N’= 1385.6 V IA A’ A I’A Zli + + IC1 Cx VAN VA’N’ - N Z 120 kW fp = 0.90 AR N’ fp = 0.95 AR Q = Puissance réactive de la charge: 2 S –P 2 2 = 2 120000 -------------------- – ( 120000 ) = 58119 VAR 0.9 Le diagramme des puissances: Q=58.119 kVAR QC S S’ Q’=18.677 kVAR P=120 kW 2 2 S′ – P = 2 2 120000 -------------------- – ( 120000 ) = 39442 VAR 0.95 Puissance réactive après compensation: Q′ = Puisance réactive d’un condensateur: Q C = Q – Q′ = 58119 – 39442 = 18677 VAR 2 2 V A′N′ ( 1385.6 ) Réactance d’un condensateur: X Cx = -------------------- = -------------------------- = 102.8 Ω QC 18677 La valeur d’un condensateur: 1 1 Cx = ------------------- = ---------------------------------- = 25.8µF 2πfX Cx 120π × 102.8 Le courant efficace dans chaque condensateur: La nouvelle valeur du courant de ligne: V A′N′ 1385.6 I C1 = ----------------- = ------------------ = 13.48 A 102.8 X Cx PA 120000 I A ′ = -------------------------------------- = ------------------------------------ = 91.16 A 1385.6 × 0.95 V A′N′ × cos φ′ Les pertes sur la ligne de transport correspondent à la puissance active dissipée sur les 3 lignes A,B,C: Pertes = 3 × 0.35 × I A ′ 2 = 8726 W 6 GEL-15216 Électrotechnique 2.11 Source triphasée 208 V / 60 Hz - VAN + Charge IA A IAB N - VBN + Z IB B Z IBC - VCN + Z IC C ICA Z = (15 + j10) Ω 2 2 V AB 208 a) La puissance complexe totale: S = 3 × ---------------- = 3 × --------------------- = 5990 + j3994 15 – j10 Z∗ Puissance active totale dans la charge: P = 5990 W Puissance réactive totale dans la charge:Q = 3994 VAR 10 φ = arctg ------ = 33.7° 15 L’angle φ de la charge: Facteur de puissance de la charge: fp = cosφ = cos(33.7°) = 0.832 V AB 208 ∠30° I AB = ----------- = ------------------------ = 11.54 ∠– 3.7 ° A Courant de triangle Z 15 + j10 Note: La tension VAN est prise comme référence de phase. I A = I AB × 3e Courant de ligne: –j ( π ⁄ 6 ) = 19.98 ∠– 33.7° A b) Source triphasée 208 V / 60 Hz - VAN + A Charge IA IAB N - VBN + B Z IB Z IBC - VCN + C Z IC Z = (15 + j10) Ω 250 µF 250 µF Réactance d’un condensateur: ICA 250 µF 1 1 X C = ------------- = -------------------------------------------- = 10.61Ω –6 2πfC 120π × 250 ×10 2 Puissance réactive totale des trois condensateurs: 2 V AN ( 208 ⁄ 3 ) Q CT = 3 × ----------------- = 3 × ----------------------------- = 4072 VAR XC 10.61 La puissance complexe de la charge devient: S′ = S – jQ C = 5990 + j3994 – j4072 = 5990 – j78 Nouvelle valeur du facteur de puissance: 5990 P fp′ = -------- = ------------------------------------ = 0.9999 (Avant) S′ 2 2 5990 + 78 Nouvelle valeur de l’angle φ de la charge: φ′ = arc cos ( 0.9999 ) = 0.8° Nouvelle valeur du courant de ligne IA: 5990 P I A = ----------------------------------------- = ------------------------------------------------ = 16.63 A 3 × 208 × 0.9999 3 × V AB × fp′ Nouvelle valeur de la phase de IA: ∠I A = 0.8° 7 GEL-15216 Électrotechnique 2.7 a) Source triphasée 208 V / 60 Hz - - N - VAN VBN VCN Le wattmètre no. 1 indique: + Z Wattmètre no. 1 P1 IB + B + C Z Z I A cos θ 1 avec θ1 = déphasage entre VAB et IA I C cos θ 2 avec θ2 = déphasage entre VCB et IC VCB π θ 2 = φ – --6 θ2 VCN VAB IC π/6 φ π/6 π θ 1 = φ + --6 θ1 VAN φ IA IB VBN π θ 1 = φ + --6 D’après le diagramme vectoriel, on a: On a: On déduit: et π θ 2 = φ – --6 π V L I L cos φ + --- P1 6 3 – tgφ ------ = ----------------------------------------- = ---------------------P2 π 3 + tgφ V L I L cos φ – --- 6 tgφ = P 2 – P1 3 × -------------------- = P2 + P1 4.8 – 2.0 3 × ----------------------- = 0.7132 4.8 + 2.0 L’angle φ de la charge est: φ = arctg ( 0.7132 ) = 35.5° Le facteur de puissance de la charge est: fp = cos φ = cos ( 35.5° ) = 0.814 b) La puissance active totale est: Le courant de ligne est: N’ Wattmètre no. 2 P2 IC P 1 = V AB P 2 = V CB Le wattmètre no. 2 indique: Charge IA A P = P 1 + P 2 = 6.8 kW 6800 P I L = ---------------------------------------- = --------------------------------------------- = 23.18 A 3 × 208 × 0.814 3 × V L × cos φ 8 GEL-15216 Électrotechnique c) Le module de Z est: VL ⁄ 3 120.09 Z = ------------------ = ------------------ = 5.18 Ω 23.18 IL L’impédance Z est donc: Z = 5.18 ∠35.5° Ω 2.8 Source triphasée 600 V / 60 Hz (inverse acb) VAN - A IA + B IB + C IC VBN - N + Z Z P1 VCN - Charge Wattmètre Z Z = (15 + j12) Ω P 1 = V BC I B cos θ 1 Le wattmètre indique: L’angle de la charge est: avec θ1 = déphasage entre VBC et IB 12 φ = arctg ------ = 38.7° 15 VBC θ1 π θ 1 = φ – --6 VBN IB π/6 φ VAN IC IA VCN D’après le diagramme vectoriel, on a: π θ 1 = φ – --6 V AB 3 × ------------- = Z 600 3 × --------------- = 54.1 A 19.21 Le courant de ligne est: IA = Le wattmètre indiquera: P 1 = ( 600 ) ( 54.1 ) cos ( 38.7° – 30° ) = 32087 W 9 GEL-15216 Électrotechnique 2.10 Source triphasée N + A IA + B IB + C IC Ligne 15 kW fp = 0.85 AR A’ Zli 2400 V B’ Zli φ 1 = 31.8° C’ Zli Charge ∆ (540 + j480) Ω / phase La puissance réactive dans la première charge: Q 1 = P 1 tgφ 1 = 15000 × tg ( 31.8° ) = 9300.4 VAR 2 2 V A′B′ 2400 S 2 = 3 × ------------------- = 3 × --------------------------- = 17876 + j15890 540 – j480 Z∗ La puissance complexe dans la charge ∆: La puissance active totale des deux charges est: P T = P 1 + P 2 = 17876 + 15000 = 32876 W La puissance réactive totale des deux charges est: Q T = Q 1 + Q 2 = 15890 + 9300.4 = 25190 VAR PT PT fp = cos φ = ------- = ------------------------- = 0.794 Le facteur de puissance global des deux charges: ST 2 2 PT + QT PT 32876 I A = ----------------------------------- = ------------------------------------------------ = 9.96 A 3V A′B′ cos φ 3 × 2400 × 0.794 Le courant de ligne IA est: c) Compensation du facteur de puissance: Source triphasée N + A IA + B IB C IC + Ligne 15 kW fp = 0.85 AR A’ Zli 2400 V B’ Zli φ 1 = 31.8° C’ Zli Charge ∆ Cx Cx Cx Nouvelle valeur de la puissance apparente: PT 32876 S′ = ------- = ---------------- = 36529 VA 0.9 fp′ Nouvelle valeur de la puissance réactive: QT ′ = 2 2 S′ – P T = 15923 VAR (540 + j480) Ω / phase 10 GEL-15216 Électrotechnique Diagramme des puissances: QT = 25.190 kVAR QCT = 9.263 kVAR S S’ Q’T = 15.923 kVAR φ’ = 25.8° PT = 32.876 kW Puissance réactive totale des condensateurs: La puissance réactive de chaque condensateur: Q CT = Q T – Q T ′ = 25190 – 15923 = 9263 VAR Q CT 9263 Q C = ----------- = ------------- = 3088 VAR 3 3 2 2 V A′N ( 2400 ⁄ 3 ) X C = ------------------ = -------------------------------- = 621.8 Ω QC 3088 La réactance d’un condensateur: 1 1 C = ----------------- = ---------------------------------- = 4.27µF 2πfX C 120π × 621.8 La valeur d’un condensateur: PT 32876 I A ′ = ------------------------------------- = ----------------------------------------- = 8.79 A 3V A′B′ cos φ′ 3 × 2400 × 0.9 La nouvelle valeur du courant de ligne IA est: 2.13 a) La ligne neutre est connectée Source triphasée 208 V / 60 Hz - N - - Charge dissymétrique VAN + A IA + B IB + C IC VBN VCN ZA = 10 Ω ZA ZB ZC N’ ZB = (15 + j10) Ω ZC = -j30 Ω IN Dans ce cas, on a trois circuits monophasés indépendants. Les courants de ligne sont calculés séparément. V AN 120 ∠0° Courant de ligne A: I A = ----------- = --------------------- = 12 ∠0° A 10 ZA Courant de ligne B: V BN 120 ∠– 120 ° I B = ----------- = ------------------------------ = 6.66 ∠– 153.7 ° A 15 + j10 ZB Courant de ligne C: V CN 120 ∠120° I C = ----------- = --------------------------- = 4 ∠– 150 ° A – j30 ZC Courant dans la ligne neutre: I N = I A + I B + I C = 5.58 ∠– 62.6° A 11 GEL-15216 Électrotechnique Diagramme vectoriel VBN IA VAN IB IN IC VCN Puissance complexe dans la phase A: Puissance complexe dans la phase B: Puissance complexe dans la phase C: Puissance complexe totale: S A = V AN I A∗ = ( 120 ∠0° ) ( 12 ∠0 ° ) = 1440 S B = V BN I B∗ = ( 120 ∠– 120 ° ) ( 6.66 ∠153.7° ) = 664.6 + j443.1 S C = V CN I C∗ = ( 120 ∠120° ) ( 4 ∠150 ° ) = – j480 S T = S A + S B + S C = 2104.6 – j36.9 PT 2104.6 fp = ---------- = ---------------------------------------------- = 0.9998 ST 2 2 2104.6 + 36.9 Facteur de puissance global: b) La ligne neutre est déconnectée: Source triphasée 208 V / 60 Hz - N - - VAN VBN VCN Charge dissymétrique + A IA + B IB + C IC ZA = 10 Ω ZA ZB N’ ZC = -j30 Ω ZC On transforme la charge Y en charge ∆: Source triphasée 208 V / 60 Hz - Charge dissymétrique VAN + A IA IAB N - VBN + B IB ZAB IBC - VCN + C IC ZBC ZB = (15 + j10) Ω ZCA ICA 12 GEL-15216 Électrotechnique Les impédances de triangle: ZAZB + ZB ZC + ZC ZA Z AB = -------------------------------------------------------- = 21.67 + j15 = 26.35 ∠34.7 ° Ω ZC ZA ZB + ZBZC + ZCZA Z BC = -------------------------------------------------------- = 45 – j65 = 79.06 ∠– 55.3 ° Ω ZA ZA ZB + ZBZC + ZCZA Z CA = -------------------------------------------------------- = 0.77 – j43.85 = 43.85 ∠– 89 ° Ω ZB Les courants de triangle: V AB 208 ∠30° I AB = ----------- = ---------------------------------- = 7.89 ∠– 4.7° A 26.35 ∠34.7° Z AB V BC 208 ∠– 90° I BC = ----------- = ------------------------------------- = 2.63 ∠– 34.7° A 79.06 ∠– 55.3 ° Z BC V CA 208 ∠150° I CA = ----------- = -------------------------------- = 4.74 ∠– 121° A 43.85 ∠– 89 ° Z CA Les courants de ligne: I A = I AB – I CA = ( 7.89 ∠– 4.7° ) – ( 4.74 ∠– 121° ) = 10.85 ∠18.3° A I B = I BC – I AB = ( 2.63 ∠– 34.7° ) – ( 7.89 ∠–4.7° ) = 5.76 ∠– 171.5° A I C = I CA – I BC = ( 4.74 ∠– 121° ) – ( 2.63 ∠– 34.7 ° ) = 5.27 ∠– 150.9° A Puissance complexe dans phase A: Puissance complexe dans phase B: Puissance complexe dans phase C: La puissance complexe totale: S A = V AN I A∗ = ( 120 ∠0° ) ( 10.85 ∠– 18.3° ) = 1236.3 – j410 S B = V BN I B∗ = ( 120 ∠– 120° ) ( 5.76 ∠171.5° ) = 430.4 + j541.2 S C = V CN I C∗ = ( 120 ∠120° ) ( 5.27 ∠150.9° ) = 9.5 – j632.3 S T = S A + S B + S C = 1676.2 – j501.1 PT 1676.2 fp = ------- = ------------------------------------------------- = 0.958 ST 2 2 1676.2 + 501.1 Le facteur de puissance global: 2.14 VAN Source triphasée 208 V / 60 Hz VBN + A IA + B IB C IC N VCN + Z1 = (10 + j10) Ω Z1 Z2 N’ Z3 = 30 Ω Z3 Z4 = 20 Ω Z4 Z6 Z5 a) On convertit la charge Y en charge ∆: Z1 Z2 + Z2 Z3 + Z3 Z 1 Z AB1 = ----------------------------------------------------- = 40 + j3.33 Ω Z3 Z2 = (20 - j10) Ω Z5 = (20 + j20) Ω Z6 = (10 - j20) Ω 13 GEL-15216 Électrotechnique Z1 Z2 + Z2 Z3 + Z3 Z1 Z BC1 = ----------------------------------------------------- = 65 – j55 Ω Z1 Z1 Z2 + Z2 Z3 + Z3 Z1 Z CA1 = ----------------------------------------------------- = 46 + j28 Ω Z2 On combine les deux charges ∆ en parallèle en combinant les impédances deux par deux: Z AB = Z AB1 || Z 4 = 13.35 + j0.37 Ω Z BC = Z BC1 || Z 5 = 23.31 + j11.95 Ω Z CA = Z CA1 || Z 6 = 16.25 – j13.75 Ω On calcule les courants de triangle dans la charge équivalente: V AB 208 ∠30° I AB = ----------- = ---------------------------------- = 15.56 ∠28.4° A 13.35 + j0.37 Z AB V BC 208 ∠– 90 ° I BC = ----------- = -------------------------------------- = 7.93 ∠– 117.1 ° A 23.31 + j11.95 Z BC V CA 208 ∠150° I CA = ----------- = ------------------------------------- = 9.76 ∠–169.8 ° A 16.25 – j13.75 Z CA Les courants de ligne sont: I A = I AB – I CA = ( 15.56 ∠28.4° ) – ( 9.76 ∠– 169.8 ° ) = 25.02 ∠21.4° A I B = I BC – I AB = ( 7.93 ∠– 117.1 ° ) – ( 15.56 ∠28.4 ° ) = 22.55 ∠– 140.1° A I C = I CA – I BC = ( 9.76 ∠– 169.8 ° ) – ( 7.93 ∠– 117.1 ° ) = 8.01 ∠138.4° A b) La puissance complexe totale dans la charge est calculée en calculant la puissance complexe totale fournie par la source: Phase A: S A = V AN I A∗ = ( 120 ∠0° ) ( 25.02 ∠21.4 ° )∗ = 2795 – j1097 Phase B: S B = V BN I B∗ = ( 120 ∠– 120° ) ( 22.55 ∠– 140.1° )∗ = 2541 + j930 S C = V CN I C∗ = ( 120 ∠120° ) ( 8.01 ∠138.4° ) ∗ = 913 – j303 La puissance complexe totale dans la charge est: S = S A + S B + S C = 6249 – j470 Phase C: Le facteur de puissance de la charge: P 6249 fp = ---- = --------------------------------------- = 0.997 AV S 2 2 6249 + 470 c) Le wattmètre no. 1 indiquera: P 1 = Re { V AC I A∗ } = 3243 W Le wattmètre no. 2 indiquera: P 2 = Re { V BC I B∗ } = 3006 W 14 GEL-15216 Électrotechnique 2.15 a) Source triphasée 60 Hz désquilibrée - - N VAN = 60/0º - VBN = 120/-120º Charge équilibrée VAN VBN VCN + A IA + B IB + C IC Z Z N’ Z Z = (10 + j30) Ω VCN = 120/120º VCN VAN VBN a) Les composantes symétriques sont données par la relation suivante: 2 V AN 1 a 1 a a 1 1 × V BN = --- × 2 2 V i = --- × 3 3 1 a a 1 a V0 V CN 1 1 1 1 1 Vd 2 60 ∠0° × 120 ∠– 120° a 120 ∠120° 1 a où a = e 2π j ------3 Vd 100 V i = – 20 – 20 V0 On a: Le neutre n’est pas connecté. Par conséquent, le courant homopolaire est égal à zéro: Les circuits monophasés équivalents pour les systèmes direct et inverse sont identiques. On a: Vd 100 I d = ------ = --------------------- = 3.16 ∠– 71.6° A Z 10 + j30 Vi – 20 I i = ----- = --------------------- = 0.632 ∠108.4 ° A Z 10 + j30 Les courants de lignes sont donnés par la relation suivante: IA 1 1 1 Id 1 1 1 3.16 ∠– 71.6° 2 = = × × IB Ii 0.632 ∠108.4° a a 1 a a 1 2 2 0 IC I0 a a 1 a a 1 2 I0 = 0 15 Chapitre 2 - Circuits triphasés IA 2.53 ∠– 71.6° I B = 3.52 ∠ 177.4° A 3.52 ∠39.5° IC La puissance complexe totale dans la charge est calculée en calculant la puissance complexe dans chaque phase: Phase A: S A = V AN I A∗ = ( 60∠ 0° ) ( 2.53 ∠– 71.6° )∗ = 48 + j144 Phase B: Phase C: S B = V BN I B∗ = ( 120 ∠– 120° ) ( 3.52 ∠ 177.4° )∗ = 194.4 + j375.2 S C = V CN I C∗ = ( 120 ∠120° ) ( 3.52 ∠39.5° )∗ = 69.6 + j416.8 La puissance complexe totale dans la charge est: S = S A + S B + S C = 312 + j936 b) Source triphasée 60 Hz désquilibrée - VAN Charge déséquilibrée + A IA IAB N - + B IB - VCN + C IC Z3 VCN = 120/120º VCN VCA VBC VCA = 158.8/139.1° VAN VBC = 208/-90° VAB Z1 = (20 +j10) Ω Z1 IBC VAN = 60/0º VBN = 120/-120º VBN VAB = 158.8/40.9° VBN Les courants de triangle sont: V AB 158.8 ∠40.9° I AB = ----------- = ---------------------------------- = 7.10 ∠14.3° A 20 + j10 Z AB V BC 208 ∠– 90 ° I BC = ----------- = --------------------------- = 14.7 ∠–45 ° A 10 – j10 Z BC V CA 158.8 ∠ 139.1° I CA = ----------- = ------------------------------------- = 10.58 ∠139.1° A 15 Z CA Les courants de ligne sont: I A = I AB – I CA = ( 7.10 ∠ 14.3° ) – ( 10.58 ∠139.1° ) = 15.75 ∠– 19.2° A Z2 ICA Z2 = 15 Ω Z3 = (10 - j10) Ω 16 GEL-15216 Électrotechnique I B = I BC – I AB = ( 14.7 ∠– 45 ° ) – ( 7.10 ∠14.3° ) = 12.65 ∠– 73.9° A I C = I CA – I BC = ( 10.58 ∠ 139.1° ) – ( 14.7 ∠– 45 ° ) = 25.26 ∠136.7° A La puissance complexe totale dans la charge est calculée en calculant la puissance complexe dans chaque phase: Phase A: S A = V AN I A∗ = ( 60 ∠0° ) ( 15.75 ∠– 19.2° )∗ = 893 + j310 S B = V BN I B∗ = ( 120 ∠– 120° ) ( 12.65 ∠– 73.9° )∗ = 1052 – j1094 S C = V CN I C∗ = ( 120 ∠120° ) ( 25.26 ∠136.7 ° ) ∗ = 2903 – j872 Phase B: Phase C: S = S A + S B + S C = 4848 – j1656 La puissance complexe totale dans la charge est: 2.16 Source triphasée 60 Hz désquilibrée - - N VAN = 170/0º - VBN = 170/60º VAN VBN VCN Charge dissymétrique + A IA + B IB + C IC ZA = -j15 Ω ZA ZB ZC N’ ZB = (10 -j20) Ω ZC = (10 +j20) Ω VCN = 170/120º VCN VBC VBN VCA VAB VAN a) On décomposer la source en composantes symétriques: 2 V AN 1 a 1 a a 1 1 × V BN = --- × 2 2 V i = --- × 3 3 1 a a 1 a V0 V CN 1 1 1 1 1 Vd 2 120 ∠0° × 120 ∠ 60° a 120 ∠120° 1 a Vd On a: 40 V i = 80 ∠– 60° 80 ∠60° V0 b) On calcule les tensions ligne-ligne de la source: V AB = V AN – V BN = ( 120 ∠0° ) – ( 120 ∠60° ) = 120 ∠– 60° V V BC = V BN – V CN = ( 120 ∠60° ) – ( 120 ∠120° ) = 120 ∠0° V V CA = V CN – V AN = ( 120 ∠120° ) – ( 120 ∠0° ) = 208 ∠150° V On convertit la charge Y en ∆: ZAZB + ZB ZC + ZC ZA Z AB = -------------------------------------------------------- = – 1.25 – j31.25 Ω ZC où a = e 2π j ------3 17 Chapitre 2 - Circuits triphasés ZA ZB + ZBZC + ZCZA Z BC = -------------------------------------------------------- = 43.33 + j40 Ω ZA ZA ZB + ZBZC + ZCZA Z CA = -------------------------------------------------------- = 38 + j11 Ω ZB Les courants de triangle sont: V AB 120 ∠– 60° I AB = ----------- = -------------------------------------- = 3.84 ∠32.3° A – 1.25 – j31.25 Z AB V BC 120 ∠0° I BC = ----------- = ----------------------------- = 2.03 ∠– 42.7 ° A 43.33 + j40 Z BC V CA 208 ∠150° I CA = ----------- = --------------------------- = 5.25 ∠133.9° A 38 + j11 Z CA Les courants de ligne sont: I A = I AB – I CA = ( 3.84 ∠ 32.3° ) – ( 5.25 ∠ 133.9° ) = 7.10 ∠– 14.2° A I B = I BC – I AB = ( 2.03 ∠– 42.7 ° ) – ( 3.84 ∠32.3° ) = 3.85 ∠– 117° A I C = I CA – I BC = ( 5.25 ∠133.9° ) – ( 2.03 ∠– 42.7 ° ) = 7.29 ∠134.8° A b) La puissance complexe totale dans la charge est calculée en calculant la puissance complexe totale fournie par la source: Phase A: S A = V AN I A∗ = ( 120 ∠0° ) ( 7.10 ∠– 14.2° )∗ = 826 + j208.7 S B = V BN I B∗ = ( 120 ∠60° ) ( 3.85 ∠– 117° )∗ = – 461.3 + j24.1 Phase B: S C = V CN I C∗ = ( 120 ∠120° ) ( 7.29 ∠134.8° )∗ = 845.3 – j223.6 S = S A + S B + S C = 1210 + j9.2 La puissance complexe totale dans la charge est: Phase C: 2.17 Source triphasée 60 Hz désquilibrée - N - VAN = 254/0º VBN = 254/-120º - VAN VBN VCN Charge déséquilibrée + A IA + B IB + C IC ZB ZC VCN = 254/-60º VAN VAB VCA VBN ZA = 30 Ω ZA VBC VCN On calcule les tensions ligne-ligne de la source: V AB = V AN – V BN = ( 254 ∠0° ) – ( 254 ∠– 120° ) = 440 ∠30° V V BC = V BN – V CN = ( 254 ∠– 120° ) – ( 254 ∠– 60° ) = 254 ∠– 180° V O ZB = -j20 Ω ZC = j40 Ω 18 GEL-15216 Électrotechnique V CA = V CN – V AN = ( 254 ∠– 60° ) – ( 254 ∠0° ) = 254 ∠– 120° V On convertit la charge Y en ∆: ZAZB + ZB ZC + ZC ZA Z AB = -------------------------------------------------------- = 15 – j20 Ω ZC ZA ZB + ZBZC + ZCZA Z BC = -------------------------------------------------------- = 26.67 + j20 Ω ZA ZA ZB + ZBZC + ZCZA Z CA = -------------------------------------------------------- = – 30 + j40 Ω ZB Les courants de triangle sont: V AB 440 ∠30° I AB = ----------- = ------------------------ = 17.6 ∠83.1° A 15 – j20 Z AB V BC 254 ∠– 180° I BC = ----------- = ------------------------------ = 7.62 ∠143.1 ° A 26.67 + j20 Z BC V CA 254 ∠– 60° I CA = ----------- = --------------------------- = 5.1 ∠113.1° A – 30 + j40 Z CA Les courants de ligne sont: I A = I AB – I CA = ( 17.6 ∠ 83.1° ) – ( 5.1 ∠113.1° ) = 13.44 ∠72.3 ° A I B = I BC – I AB = ( 7.62 ∠ 143.1° ) – ( 17.6 ∠83.1° ) = 15.29 ∠– 122.4° A I C = I CA – I BC = ( 5.1 ∠113.1° ) – ( 7.62 ∠143.1° ) = 4.1 ∠1.4° A b) Diagramme vectoriel IA IC VAN VBN IB VCN 19 Chapitre 2 - Circuits triphasés c) On relie les points neutres de la source et de la charge: Source triphasée 60 Hz désquilibrée - N - VAN = 254/0º - VBN = 254/-120º Charge déséquilibrée VAN + A IA + B IB + C IC VBN VCN ZA = 30 Ω ZA ZB ZB = -j20 Ω O ZC = j40 Ω ZC VCN = 254/-60º IN On a dans ce cas trois circuits indépendants: V AN 254 ∠0° I A = ----------- = --------------------- = 8.47 A 30 ZA V BN 254 ∠– 120° I B = ----------- = ------------------------------ = 12.7 ∠– 30° A – j20 ZB V CN 254 ∠– 60° I C = ----------- = --------------------------- = 6.35 ∠– 150° A j40 ZC I N = I A + I B + I C = 16.91 ∠– 34.3° A Le courant dans la ligne neutre: 2.18 Source triphasée 600 V / 60 Hz + A IA + B IB + C IC N IA1 IA2 50 Ω IB1 IB2 IC1 50 Ω Charge équilibrée 50 Ω IC2 j75 Ω VAN = 346.4/0° 35 Ω VBN = 346.4/-120° -j50 Ω VCN = 346.4/120° On a: I A = I A1 + I A2 I B = I B1 + I B2 On calcule les courants dans la charge équilibrée: V AN 346.4 ∠0° I A1 = ----------- = -------------------------- = 6.93 ∠ 0° A 50 50 Charge déséquilibrée I C = I C1 + I C2 I B1 = 6.93 ∠–120 ° A I C1 = 6.93 ∠120° A Pour calculer les courants de ligne dans la charge déséquilibrée, on convertit la charge Y en ∆: ( j75 )35 + 35 ( – j50 ) + ( – j50 ) ( j75 ) Z AB = -------------------------------------------------------------------------------------- = – 17.5 + j75 Ω – j50 ( j75 )35 + 35 ( – j50 ) + ( – j50 ) ( j75 ) Z BC = -------------------------------------------------------------------------------------- = – ( 11.67 + j50 ) Ω j75 20 GEL-15216 Électrotechnique ( j75 )35 + 35 ( – j50 ) + ( – j50 ) ( j75 ) Z CA = -------------------------------------------------------------------------------------- = 107.1 + j25 Ω 35 Les courants de triangle sont: V AB 346.4 ∠ 0° I AB = ----------- = ------------------------------ = 7.79 ∠– 73.1° A – 17.5 + j75 Z AB V BC 346.4 ∠– 120° I BC = ----------- = ----------------------------------------- = 11.69 ∠– 13.1° A – ( 11.67 + j100 ) Z BC V CA 346.4 ∠ 120° I CA = ----------- = -------------------------------- = 5.45 ∠ 136.9° A 214.3 – j25 Z CA Les courants de ligne sont: I A2 = I AB – I CA = ( 7.95 ∠– 53.3° ) – ( 2.78 ∠156.7° ) = 12.81 ∠– 60.8° A I B2 = I BC – I AB = ( 5.96 ∠6.7° ) – ( 7.95 ∠– 53.3° ) = 10.31 ∠ 27.8° A I C2 = I CA – I BC = ( 2.78 ∠156.7° ) – ( 5.96 ∠ 6.7° ) = 16.63 ∠157.4° A Calcul des courants de ligne totaux I A = I A1 + I A2 = ( 6.93 ∠0° ) + ( 12.81 ∠– 60.8° ) = 17.28 ∠– 40.3 ° A I B = I B1 + I B2 = ( 6.93 ∠– 120 ° ) + ( 10.31 ∠ 27.8° ) = 5.78 ∠– 12° A I C = I C1 + I C2 = ( 6.93 ∠ 120° ) + ( 8.48 ∠ 177.2° ) = 22.53 ∠ 146.7° A b) Diagramme vectoriel VCN IC VAN IB IA VBN c) La puissance complexe totale dans la charge est calculée en calculant la puissance complexe totale fournie par la source: S A = V AN I A∗ = ( 346.4 ∠0° ) ( 17.28 ∠– 40.3° )∗ = 4561 + j3874 Phase A: Phase B: Phase C: S B = V BN I B∗ = ( 346.4 ∠– 120° ) ( 5.78 ∠– 12° )∗ = – 619.7 – j1904.5 S C = V CN I C∗ = ( 346.4 ∠ 120° ) ( 22.53 ∠146.7° )∗ = 6975 – j3502 La puissance complexe totale dans la charge est: Le facteur de puissance de la charge: S = S A + S B + S C = 10917 – j1532.5 P 10917 fp = ---- = --------------------------------------------------- = 0.990 AV S 2 2 10917 + 1532.5