DS 7 Corrigé - Jeudi 13 avril 2017 1S7 Exercice 1 Q.C.M - À propos des champs 2,5 points Questions Réponses 1. Parmi les champs suivants, lequel ou lesquels sont qualifiés de scalaires ? : champ de pesanteur champ de pression champ de température champ électrostatique 2. Le champ de pesanteur de la Terre : est toujours vertical est uniforme à l’échelle de la Terre a une valeur qui dépend de l’altitude a une valeur nulle au niveau du sol → − 3. Les lignes de champ magnétique B sont : → − tangentielles et dans le sens de B en chaque point → − tangentielles et dans le sens opposé à B en chaque point orientées du Nord vers le Sud orientées du Sud vers le Nord 4. La force s’exerçant dans un champ électrique : a la même direction que le champ est perpendiculaire au champ est toujours dans le même sens que le vecteur champ peut être dans le sens contraire au vecteur champ 5. Parmi les figures suivantes (a),(b),(c),(d) et (e), laquelle représente le spectre du champ magnétique d’un aimant droit ? (a) (b) (c) d) (e) Exercice 2 Champ électrique 2 points Deux armatures A et B d’un condensateur sont chargées de telle sorte que QB = −QA . Il règne alors entre ces armatures un champ électrique uniforme E = 200 V · m−1 . 2.1 L’armature A possède une charge positive car les lignes de champ sont toujours orientées du potentiel le plus élevé vers le potentiel le plus faible. → − 2.2 La force F qui s’exerce sur cet électron placé dans le champ → − → − → − → − → − E a pour expression F = q · E soit F = −e · E A.N. : 2.3 F = e · E = 1,6 × 10−19 × 200 = 3,2 × 10−17 N Force représentée (en vert) sur le schéma ci-contre. Lycée Camille Vernet Exercice 3 3.1 DS n° 7 - 1S7 - Corrigé - Jeudi 13 avril 2017 2/4 Saut en parachute 4,5 points La force qui lie une masse m (ici le parachutiste) au champ de la Terre peut s’écrire : F = m · G. Or pour la Terre le champ de pesanteur s’identifie au champ de gravité, donc F = m · g. m · MT D’après la loi de Newton, on a F = G · = m · g. d2 Or la distance séparant le centre de la Terre et le parachutiste est d = RT + H d’où g(H) = 3.2 A.N. : g(H) = G · MT (RT + H)2 6,67 × 10−11 · 5,97 × 1024 soit g(H) = 9,78 N/kg (6,38 × 106 + 5,00 × 103 )2 3.3 La valeur g(H) pour H = 5000 m est peu différente de g0 . On peut considérer que l’intensité du champ de pesanteur est constante au cours de la chute. 3.4 L’énergie potentielle de pesanteur du parachutiste au départ du saut est Epp = m · g · H 3.5 L’énergie cinétique est nulle au départ du saut car la vitesse à cet instant est nulle : le parachutiste commence à tomber. 3.6 Si l’énergie mécanique du système parachutiste se conserve, on a Em = cte = d’où Em (H) = Em (h). Soit Epp (H) + Ec (H) = Epp (h) + Ec (h) 1 Soit m · g · H + 0 = m · g · h + m · v 2 . 2 p D’où v = 2 · g · (H − h) p A.N. : v = 2 × 9, 8 × (5000 − 1000) v = 280 m · s−1 Soit v ≈ 1000 km · h−1 3.7 Avant l’ouverture de son parachute, la vitesse du parachutiste n’excède pas les 250 km · h−1 du fait des forces de frottement de l’air alors de loin non négligeables. Or c’est l’hypothèse qui a été faite ici, d’où ce résultat absurde. Une vitesse de l’ordre de 1000 km · h−1 est impossible à atteindre en basse altitude pour un homme en chute libre. Exercice 4 Galilée et la Nasa 4,5 points 4.1 La Lune se prête bien à cette expérience car sur la Lune, il n’y a pas d’atmosphère et donc pas de forces de frottement de l’air. Ainsi, l’expérience de la chute des corps peut se faire de manière idéale pour vérifier la conservation de l’énergie mécanique au cours du mouvement. 4.2 En A on aura : Em (A) = Epp (A) + Ec (A) = m · gL · zA + 1 2 m · vA 2 Em (A) = m · g · zA vu que l’astronaute David Scott lâche le marteau (vA = 0) 4.3 En B on aura : Em (B) = Epp (B) + Ec (B) = m · gL · zB + Em (B) = 1 2 m · vB 2 1 2 car l’altitude du point B est nulle (z = 0) m · vB B 2 4.4 Comme l’énergie mécanique se conserve (pas de frottement) on aura : Em (A) = Em (B) √ 1 2 =m·g ·z m · vB soit vB = 2 · gL · zA L A 2 On voit d’après cette expression que la vitesse acquise par l’objet au moment de l’impact ne dépend pas de sa masse. Ainsi, le marteau a beau être bien plus lourd que la plume, il aura la même vitesse à l’impact. 4.5 En reprenant l’expression de la question 4.4 on aura donc : gL = A.N. : gL = 2, 052 2 × 1, 3 gL = 1,6 m · s−2 2 vB 2zA Lycée Camille Vernet DS n° 7 - 1S7 - Corrigé - Jeudi 13 avril 2017 3/4 On peut retrouver la valeur de gL intensité de la pesanteur à la surface de la Lune à l’aire de la loi de m · ML . gravitation universelle : F = G · 2 RL Sachant que F = m × gL alors le champ de gravité créé par la Lune à la surface de la Lune s’écrit : F G · ML gL = = 2 m RL 4.6 A.N. : gL = 6,67 × 10−11 · 7,35 × 1022 (1,74 × 106 )2 Exercice 5 5.1 gL = 1,6 m · s−2 ≈ 3 points Mélange d’alcanes nom formule brute température d’ébullition heptane C7H16 99°C octane C8H18 126°C décane C10H22 174°C Justification des températures de fusion : plus la chaine carbonée d’une molécule d’alcane est longue, plus les interactions (ici, les forces de Van der Waals) sont importantes, et plus la température d’ébullition est élevée. L’alcane le plus volatil parmi les 3 est celui présentant la température d’ébullition la plus faible, il s’agit de l’heptane. 5.2 1. : colonne à distiller ou colonne Vigreux 2. : sortie d’eau 3. : réfrigérant (à eau) 4. : éprouvette graduée 5. : entrée d’eau 6. : ballon 7. : chauffe-ballon 5.3 Si on arrête le chauffage à 150°C, il reste le composé le moins volatil c’est à dire le décane. Exercice 6 Nomenclature des alcanes et des alcools 3 points 6.1 a : 2,2-diméthylbutane, b : 3,4-diméthylhexane, c et d : butan-2-ol. 6.2 Les molécules c et d sont identiques : c est la formule semi-développée et d la représentation topologique. 6.3 Il existe 3 autres alcools isomères de la molécule c. OH OH OH butan-2-ol butan-1-ol OH 2-méthylpropan-1-ol 2-méthylpropan-2-ol OH 6.4 Représentation topologique du 3-éthyl-4-méthylpentan-2-ol.