Ascension d`un ballon stratosphérique

publicité
Ascension d’un ballon stratosphérique
Auteur : Fabrice Gély
Site Internet : http://gely.info, http://profgeek.fr
Un ballon stratosphérique tel que ceux envoyés par les
élèves de l’option MPI du lycée Duby est constitué
d’une enveloppe en latex renfermant un certain volume
d’hélium, qui entraîne une nacelle. Celle-ci abrite
différents capteurs (température, pression…), ainsi
qu’un émetteur radio qui transmet au sol les résultats
des mesures pendant le vol.
La masse de l’ensemble {enveloppe + hélium + nacelle
+ divers} est m = 8,0 kg.
ballon de
diamètre d
Au décollage, le diamètre de l’enveloppe de latex est
voisin de 2,6 m. On considèrera qu’il reste constant au
cours du vol.
On choisit de modéliser la valeur de la force de

1
frottement f R ainsi : fR = ρ0 .C x .S.v 2 , où :
2
• ρ0 = 1,22 kg.m-3 est la masse volumique de l’air,
• Cx = 0,70 est le coefficient de traînée,
• S est la surface offerte par la section du ballon (qui
vaut donc πr 2 ),
• v est la valeur de la vitesse.
1)
2)
3)
4)
nacelle
L’enveloppe de latex sera considérée comme une
sphère de diamètre d. Son volume sera noté ϑ .
Dans la prise en compte des frottements dus à l’air et
de la poussée d’Archimède, on ne tiendra compte que
de l’enveloppe de latex. En effet, en raison de son
faible volume, la nacelle est peu soumise à ces forces.
Le ballon stratosphérique sera représenté par un point
M, correspondant au centre d’inertie de l’ensemble. Le
mouvement du ballon sera étudié sur un axe (Oz)
vertical, dirigé vers le haut. En t = 0, le point M
représentant notre ballon se trouve en O. Le ballon est
alors lâché sans vitesse initiale.
On notera vz la composante de la vitesse sur l’axe
(Oz), az la composante de son accélération.
On rappelle que le volume d’une sphère de rayon r est
4
égal à πr 3 .
3
On prendra g = 9,81 m.s-2.
Quelle est l’unité de Cx ? Justifier.
Citer et projeter sur l’axe (Oz) les différentes
forces s’appliquant à l’ensemble du ballon.
Montrer que le mouvement du ballon obéit à
l’équation différentielle
ρ .C .S
dv z
ρ ϑ 
= − 0 x v 2z +  0 − 1 g
dt
2m
 m

On utilise la méthode d’Euler avec un pas
Δt = 0,25 s.
On appellera vn la valeur de la vitesse du ballon à
l’instant tn, et vn+1 la valeur de sa vitesse à l’instant
tn +1 = tn + Δt .
Déduire de la question précédente que l’on a
vn+1 ≈ vn − 0,071 vn2 + 0,99
5)
Calculer et tracer l’évolution de la vitesse entre
t = 0 et t = 3,0 s. Déduire du tracé une valeur
approchée de la vitesse limite.
6) A partir de l’équation différentielle, exprimer
littéralement la vitesse limite du ballon vlim.
Calculer sa valeur. Celle-ci est-elle en accord
avec la valeur déterminée au 5) ?
Lors de la montée, la pression atmosphérique baisse,
et, par conséquent, le volume de l’enveloppe de latex
augmente. En général aux alentours de 35 km
d’altitude, le ballon finit par éclater. Ensuite, il
redescend, sa chute étant freinée par l’ouverture d’un
petit parachute.
7)
8)
En considérant que la vitesse limite calculée
précédemment est atteinte immédiatement après
le décollage, et se conserve pendant toute
l’ascension, calculer la durée de celle-ci.
En conservant les mêmes hypothèses, tracer
l’allure de l’évolution de z(t) pendant l’ascension
du ballon.
En réalité, la masse volumique de l’air diminuant lors
de la montée, le volume ϑ de l’enveloppe augmente,
sa surface S aussi, donc les valeurs de la poussée
d’Archimède et de la force de frottement évoluent. Voici
9)
En observant le graphe ci-dessus, décrire
qualitativement comment, dans la réalité, la
vitesse d’ascension évolue lors de la montée.
10) Proposer une explication à l’évolution de la valeur
de la vitesse lors de la descente.
11) Evaluer la valeur de la vitesse de la nacelle lors
de son impact avec le sol.
un profil de vol réel reconstitué à partir des mesures
effectuées en vol :
Correction
Nous avons : fR =
1)
1
2fR
ρ0 .C x .S.v 2 , et en déduisons : Cx =
2
ρ0 .S.v 2
• si fR s’exprime en N (c'est-à-dire, par la 2ème loi de Newton, en kg.m.s-2),
•
si ρ0 s’exprime en kg.m-3,
• si S s’exprime en m2,
-1
• si v s’exprime en m.s ,
2)
3)
4)
2fR
kg.m.s−2
, c'est-à-dire qu’il n’a pas d’unité (tout se simplifie).
kg.m−3 .m2 .m2 .s−2
ρ0 .S.v 2
Cx est donc une grandeur sans dimension.
Référentiel : le référentiel terrestre, que nous supposerons galiléen.
Système : le ballon (enveloppe + nacelle) de masse m
Repère mathématique : axe (Oz) vertical orienté vers le haut.


Conditions initiales : OM ( 0 ) z ( 0 ) = 0 , et V ( 0 ) Vz ( 0 ) = 0

Inventaire des forces : le poids P −mg de direction verticale, dirigée vers le bas, la poussée d’Archimède

 1
FA +ρ0 ϑg de direction verticale, dirigée vers le haut, la force de résistance du fluide fR − ρ0 .C x .S.v 2z de direction
2
verticale, dirigée vers le bas.
Nous appliquons la 2ème au loi de Newton au système (le référentiel étant considéré galiléen) :
  


dv
1
fR + FA + P = ma , avec a a z Ainsi, il vient − ρ0 .C x .S.v 2z + ρ0 ϑg − mg = maz . Puisque az = z , nous obtenons
dt
2
dv z
1
ρ
.C
.S
ρ
ϑ
dv


z
m
= − ρ0 .Cx .S.v 2z + ρ0 ϑg − mg , c'est-à-dire
= − 0 x v 2z +  0 − 1 g .
dt
2
dt
2m
 m

alors
s’exprime en
Nous considérerons
Ainsi,
dv z vn+1 − v n
≈
Δt
dt
 ρ .C .S
ρ .C .S
v n+1 − v n
ρ ϑ  
ρ ϑ 
≈ − 0 x v 2z +  0 − 1 g . Par suite, v n +1 ≈ v n +  − 0 x v 2z +  0 − 1 g × Δt .
2m
Δt
2m
 m
 
 m


2
3
2
 ρ 4  d 3

ρ .C  d 
4 d
d
En remplaçant S par π   , ϑ par π   , il vient : v n+1 ≈ v n − 0 x π   Δt × v 2z +  0 π   − 1 gΔt ,
 m 3 2

3 2
2m  2 
2


2
3


1,22 × 0,70  2,6 
1,22 4  2,6 
2
c'est-à-dire, numériquement : v n +1 ≈ v n −
π
 × 0,25 × v z +  8,0 × 3 π  2  − 1 × 9,81× 0,25
2 × 8,0
2






Finalement, vn+1 ≈ vn − 0,071 v 2z + 0,99
5)
Nous calculons ainsi les valeurs de la vitesse entre t = 0,00 s et t = 3,00 s :
tn (s)
0,00
0,25
0,50
0,75
1,00
1,25
1,50
1,75
2,00
2,25
2,50
2,75
3,00
vn (m/s)
0
1,0
1,9
2,6
3,1
3,4
3,6
3,7
3,7
3,7
3,7
3,7
3,7
Nous traçons le graphe suivant :
6
Vz (m/s)
5
4
3
2
1
0
0,0
0,5
1,0
1,5
2,0
2,5
3,0
t (s)
La vitesse tend vers 3,7 m.s-1. C’est la valeur de la vitesse limite.
6)
Lorsque la vitesse limite vlim est atteinte, nous avons : vz = cste et donc
Par suite, −
A.N. : v lim
ρ0 .C x .S 2
ρ ϑ 
v lim +  0 − 1 g = 0 et donc v lim =
2m
 m

dv z
= 0.
dt
2mg  ρ0 ϑ 
− 1 .

ρ0 .C x .S  m

3


4  2,6 
 1,22 × π 


2 × 8,0 × 9,81
3  2 


=
×
− 1 = 3,7 m.s-1.
2
8,0
 2,6  

1,22 × 0,70 × π 
 

 2  

Cette valeur est en accord avec celle déterminée au 5).
7)
Si la vitesse d’ascension est constante, la durée T correspondant à l’altitude h est T =
A.N. : T =
35000
= 9,5.103 s, soit environ 2h 40 min.
3,7
h
.
vlim
8)
L’évolution de l’altitude z du ballon au cours du temps serait donc la suivante :
35
30
z (km)
25
20
15
10
5
0
0
50
100
150
200
t (m in)
9)
La pente de la courbe (de la tangente à la courbe en tout point, pour être précis) augmentant légèrement au cours
du temps, nous en déduisons que la vitesse d’ascension augmente.
10) Lors de la descente, la valeur de la vitesse diminue au cours du temps. Nous pouvons penser que le parachute
est d’autant plus efficace que l’air est dense, c’est pourquoi il freine d’autant mieux la chute qu’il se rapproche du
sol !
11) La valeur de la vitesse recherchée est égale à la valeur absolue du coefficient directeur à la tangente à la courbe
au moment de l’impact. Nous utilisons les points A et B pour calculer cette vitesse, notée vimpact :
z − zA
0 − 30
=
v impact = B
= 24 km.h-1 (ou 6,7 m.s-1).
tB − t A
2,75 − 1,5
A
B
Téléchargement