et donc, kABk∞6nkAk∞kBk∞. Ainsi, ∀(A,B)∈(Mn(C)\ {0})2,kABk∞
kAk∞kBk∞6n.
De plus, pour A0=B0= (1)16i,j6n6=0, kA0k∞=kB0k∞=1 puis kA0B0k∞=knA0k∞=net donc kA0B0k∞
kA0k∞kB0k∞=
n. Ceci montre que
SupnkABk∞
kAk∞kBk∞,(A,B)∈(Mn(C)\ {0})2o=n.
En particulier, k k∞n’est pas une norme sous-multiplicative.
• ∀A= (ai,j)16i,j6n∈Mn(R),kAk1=∑16i,j6n|ai,j|. Avec les notations précédentes,
kABk1=∑
16i,j6n
|ci,j|=∑
16i,j6n
n
∑
k=1
ai,kbk,j
6∑
16i,j6n n
∑
k=1
|ai,k||bk,j|!=∑
16i,j,k6n
|ai,k||bk,j|
∑
16i,j,k,l6n
|ai,j||bk,l|=kAk1kBk1.
Donc ∀(A,B)∈(Mn(R)\ {0})2,kABk1
kAk1kBk161.
De plus, pour A0=B0=E1,1, on a A0B=E1,1et donc kA0B0k1
kA0k1kB0k1=1. Ceci montre que
SupnkABk1
kAk1kBk1,(A,B)∈(Mn(C)\ {0})2o=1.
En particulier, k k1est une norme sous-multiplicative.
• ∀A= (ai,j)16i,j6n∈Mn(R),kAk2=q∑16i,j6na2
i,j. Avec les notations précédentes,
kABk2
2=∑
16i,j6n
c2
i,j=∑
16i,j6n n
∑
k=1
ai,kbk,j!2
6∑
16i,j6n n
∑
k=1
a2
i,k! n
∑
k=1
b2
k,j!(inégalité de CAUCHY-SCHWARZ)
=∑
16i,j6n n
∑
k=1
a2
i,k! n
∑
l=1
b2
l,j!=∑
16i,j,k,l6n
a2
i,kb2
l,j= ∑
16i,k6n
a2
i,k! ∑
16j,l6n
b2
l,j!=kAk2kBk2
Donc ∀(A,B)∈(Mn(R)\ {0})2,kABk2
kAk2kBk261.
De plus, pour A0=B0=E1,1, on a A0B=E1,1et donc kA0B0k2
kA0k2kB0k2=1. Ceci montre que
SupnkABk2
kAk2kBk2,(A,B)∈(Mn(C)\ {0})2o=1
En particulier, k k2est une norme sous-multiplicative.
Correction de l’exercice 6 N
Une « norme trois barres » sur Mn(R)est nécessairement sous-multiplicative. L’exercice précédent montre
qu’il existe des normes sur Mn(R)qui ne sont pas sous-multiplicatives (par exemple k k∞). Donc une norme
sur Mn(R)n’est pas nécessairement une « norme trois barres ».
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