electroussafi.ueuo.com 1/9 Diode Exercice 1 a. La diode est passante. La loi de maille : b. La diode est bloquée ≡ I = 0A Exercice 2 1. E = +5V a. la diode n’est pas passante (polarisation inverse) : ≡ UR2 = E x R2 / (R1 + R2) = 5V x 1 / (1+1) N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com UR2 = 2,5V Diode electroussafi.ueuo.com b. 2/9 la diode est passante (polarisation directe) : UR2 = - VD 2. e(t) = 5V sin (2t / T) UR2 = - 0,6V avec T = 20ms Pour : e(t) ≥ 0, la diode n’est pas passante et UR2 = e(t) x R2 /(R1 + R2) UR2 =5V sin (2t / T) x1/(1+1) UR2 = 2,5Vsin(2t / T) Pour : e(t) < - 0,7 V, la diode est passante UR2 = - VD UR2 = - 0,6V Pour : -0,7V ≤ e(t) <0, la diode n’est pas passante UR2 = e(t) x R2 / (R1 + R2) N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com UR2 = 2,5Vsin(2t / T) Diode electroussafi.ueuo.com 3/9 Exercice 3 Pour : e(t) ≥ 0,6V, la diode D1 est passante et la diode D2 est bloquée UR2 = VD1 UR2 = 0,6V Pour : e(t) <-0,6 V, la diode D2 est passante et la diode D1 est bloquée UR2 = - VD2 UR2 = -0,6V Pour : -0,6V ≤ e(t) <0,6V, les diodes ne sont pas passantes et UR2 = 2,5Vsin(2t / T) UR2 = e(t) x R2 /(R1 + R2) N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com Diode electroussafi.ueuo.com 4/9 Exercice 4 On utilise le théorème de Thévenin pour simplifier le schéma : ≡ 1. E = 5V, la diode est passante (ETH > VD = 0,6V). I = (ETH - VD)/(RTH +R3) = (5V/3 - 0,6V) / (2/3 +2)kΩ I = 0,64mA UR3 = (ETH - VD) x R3 / (RTH +R3) = (5V/3 - 0,6V) x 2 / (2/3 +2) UR3 = 1,28V 2. E = 1,5V, la diode n’est pas passante (ETH < VD = 0,6V) UR3 = 0V I = 0A N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com Diode electroussafi.ueuo.com 5/9 Exercice 5 1. lorsque la diode est bloquée, le courant IR1 = 0 (courant dans R1) et UR1 = 0V Us = Ue - UR1 Us = Ue 2. Ue = UR1 + Us = UR1 + VD + UR3 UR3 = Vcc x R3/(R2 + R3) = 2Vcc / 3 Ue = UR1 + VD + 2Vcc / 3 La tension minimale d’entrée (Uemin), pour que la diode conduise, est obtenue lorsque le courant dans la diode D est négligeable UR1 = 0V Uemin = VD + 2Vcc / 3 3. si Ue = 10V, Vcc = 5V et VD = 0,6V, a. (Ue = 0V et Vcc = 5V) U’R3 = 2Vcc / 3 U’R3 = 10V / 3 (Ue = 10V et Vcc = 0V N. ROUSSAFI R2//R3) electroussafi.ueuo.com Diode electroussafi.ueuo.com 6/9 U’’R3 = (Ue - VD) x (R2//R3) / (R1 + R2//R3) U’’R3 = (10V – 0,6V) x (2/3) / (2 + 2/3) U’’R3 = 9,4V / 4 UR3 = U’R3 + U’’R3 UR3 = 5,68V b. Us = UR3 + VD = 5,68V + 0,6V Us = 6,28V Exercice 6 D1 E D2 D3 E1 K E2 R E3 E1 = 30V E2 = 10V E3 = 15V E = 10V R = 20 a) Lorsque D1 conduit, VK = E1 –VD = 30V – 0,6V = 29,4V E2 - VK = 10V - 29,4V = -19,4 N. ROUSSAFI D2 est bloquée electroussafi.ueuo.com Diode electroussafi.ueuo.com 7/9 E3 - VK = 15V - 29,4V = -14,4 D3 est bloquée Donc, seule la diode D1 est passante. b) IR = (VK – E) / R = 19,4V / 20 = 0,97 A La diode D1 conduit UD1 = 0,6V, UD2 et UD3 aux bornes des diodes. UD2 = E2 - VK UD2 = -19,4V UD3 = E3 - VK UD3 = -14,4V Exercice 7 1) a) V1 = 0V et V2 = 0V, N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com Diode electroussafi.ueuo.com 8/9 Les 2 diodes conduisent : Vs = VD1 = VD2 = 0,6V b) V1 = 5V et V2 = 0V D2 conduit : Vs = VD2 = 0,6V D1 est bloquée : VD1 = Vs – E = 0,6V - 5V = - 4,4V c) V1 = 0V et V2 = 5V D1 conduit : Vs = VD1 = 0,6V D2 est bloquée : VD2 = Vs – E = 0,6V - 5V = - 4,4V d) V1 = 5V et V2 = 5V N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com Diode electroussafi.ueuo.com 9/9 D1 et D2 sont bloquée : VD1 = VD2 = Vs – E VD1 = VD2 = Vs – E = 4,54V – 5V = - 0,46V 2) V1 0V 0V 5V 5V V2 0V 5V 0V 5V Vs 0,6V 0,6V 0,6V 4,54V V1 0 0 1 1 V2 0 1 0 1 Vs 0 0 0 1 3) la fonction logique réalisée est le ET (AND) logique N. ROUSSAFI electroussafi.ueuo.com Diode