TSI 2 DS Induction Electromagnétique Alternateur de bicyclette 5 avril 2017 Il est essentiel de bien lire le sujet, en repérant bien les différentes grandeurs introduites. On peut représenter un alternateur de bicyclette de la façon suivante : • Un aimant permanent (1), caractérisé par un moment magnétique ⃗⃗⃗⃗⃗ 𝑀1 qui tourne dans le plan Oyz en faisant avec l’axe (O , ⃗⃗⃗⃗ 𝑢𝑦 ) un angle = ωt , avec ω constante. Un aimant de moment magnétique ⃗⃗⃗⃗⃗ 𝑀1 est équivalent à une boucle de courant (spire) parcourue par un courant d’intensité i 1 , de surface S 1 , telle que ⃗⃗⃗⃗⃗ 𝑀1 = i 1 ⃗⃗⃗ 𝑆1 , S1 étant supposé beaucoup plus petite que la surface d’une spire de la bobine (2) décrite ci-après. • Une bobine fixe (2) comportant N tours de fil, chaque tour étant assimilable à une spire de rayon a, de résistance r et d’inductance L, est placée dans le plan ( O , x , z ) , centrée en O , sa normale ⃗⃗⃗⃗ 𝑛2 étant portée par Oy . Cette bobine est branchée en série avec une résistance R représentant les lampes de la bicyclette, et est parcourue par un courant d’intensité i2 (t). z bobine (2) ⃗⃗⃗⃗⃗ 𝑀1 𝑛2 ⃗⃗⃗⃗ y Bobine équivalente à l’aimant permanent (1) 1) On donne l’expression du champ magnétique créé en son centre par la bobine circulaire (2) µo N 𝑖2 de rayon a , d’axe Oy , comportant N spires parcourues par le courant i2( t) : ⃗⃗⃗⃗ 𝐵2(O) = 𝑢𝑦 ⃗⃗⃗⃗ 2a a) Exprimer le flux 21 du champ magnétique créé par la bobine (2) à travers la spire (1) équivalente à l’aimant permanent. b) En utilisant les propriétés des coefficients d’inductance mutuelle M 12 et M 21 de deux circuits (1) et (2), déduire de ce qui précède le flux magnétique 12 envoyé par l’aimant permanent (1) dans la bobine (2) de rayon a en fonction du temps t. On exprimera le résultat en fonction de N , M , a , , t et de la perméabilité magnétique du vide µ0. 2) En déduire le flux total traversant la bobine (2), puis la force électromotrice d’induction e dont la bobine est le siège, en fonction de M , N , L , a , i2, et µ0. 3) En déduire l’équation différentielle vérifiée par i2( t) . 4) En régime permanent sinusoïdal, on pose i2 (t ) = I0 s i n ( t + ), I0 étant un nombre réel positif. Déterminer les expressions de I0 et en fonction des données du problème. On utilisera la notation complexe. Quelle est la fonction réalisée par ce filtre ? 5) Soit UR l’amplitude de la tension aux bornes de la résistance R. On pose UM = lim 𝑈𝑅 . 𝜔→∞ Quelle est la valeur de UM ? 6) Calculer la puissance instantanée absorbée par R. En déduire la puissance électrique moyenne <P é l e c t r i q u e > absorbée par les lampes de la bicyclette en fonction de UM , R , L , , r. 7) Rappeler l’expression du couple 𝛤 exercé sur une boucle de courant (ou un aimant permanent) de ⃗⃗ plongée dans un champ magnétique extérieur 𝐵 ⃗ uniforme. moment magnétique 𝑀 En admettant que le champ créé par la bobine est uniforme au niveau de l’aimant tournant, calculer le couple instantané qu’il faut appliquer sur l’aimant pour que la vitesse angulaire de ce dernier soit constante, ainsi que la puissance mécanique instantanée fournie correspondante en fonction de UM , R , L , , r. 8) En passant aux valeurs moyennées dans le temps, établir la relation entre <Pmécanique > et <Pélectrique > . Quel est le rendement de l’alternateur ainsi modélisé ? Corrigé DS Alternateur de bicyclette 5 avril 2017 Pour que le corrigé soit plus clair j’ai noté : i1, et non I, le courant circulant dans (1) i2, et non i, le courant circulant dans (2). ⃗⃗⃗⃗⃗ 𝑀1 = i 1 ⃗⃗⃗ 𝑆1 = i 1 S 1 ⃗⃗⃗⃗ 𝑛1 𝑛1 ⃗⃗⃗⃗ ⃗⃗⃗⃗ 𝐵2(O) 𝑛2 ⃗⃗⃗⃗ y EST-IL NORMAL QUE PLUS DE LA MOITIE DES COPIES NE COMPORTE PAS DE SCHEMA ???? 1. a) flux 21 du champ magnétique créé par la bobine (2) à travers la spire (1) on considère le champ ⃗⃗⃗⃗ 𝐵2 uniforme sur la surface de la spire (1) µo N 21 = ⃗⃗⃗⃗ 𝐵2(O). S 1 ⃗⃗⃗⃗ 𝑛1 = S 1 cos(t) i2 2a d’où le coefficient d’induction mutuelle M 21 = µo N 2a S 1 cos(t) b) flux magnétique 12 envoyé par l’aimant permanent (1) dans la bobine (2) µo N µo NM ⃗⃗⃗⃗1 . 𝑑𝑆2 ⃗⃗⃗⃗ 12 = ∫ 𝐵 𝑛2 = M 21 i1 = cos(t) S 1 i1 = cos(t) 2a 2a 2. Flux total à travers la bobine (2) : flux du champ ⃗⃗⃗⃗ 𝐵1 + ⃗⃗⃗⃗ 𝐵2 à travers (2) 12 + 2 2 = µo NM 2a cos(t) + NLi 2 3. Fem d’induction, loi de Faraday e = - (chacune des N spires a une inductance L) dΦ dt = µo NM 2a sin(t) - NL d𝑖2 dt Cette fem est en série avec la résistance Nr de la bobine et la résistance R des lampes de la bicyclette ATTENTION : ne pas compter une 2 èm e fois l’inductance propre de la bobine Loi des mailles : e = (Nr+R) i 2 d’où l’équation différentielle : NL d𝑖2 dt + (Nr+R) i 2 = µo N 2a sin (t) M 4. la solution générale de l’équation différentielle est la somme : - de la solution générale de l’équation homogène, en exponentielle décroissante - d’une solution particulière de l’équation complète : comme le second membre est une fonction sinusoïdale en sin( t), on cherche une solution particulière sous la forme : i2P (t ) = I0 s i n ( t + ), En régime sinusoïdal permanent i2 (t ) ≈ i2P (t ) On se place alors en complexe : sin(t) est associé à exp(j t) I0 s i n ( t + ) est associé à I0 exp(jt+ ) L’équation différentielle devient : (NLj + Nr + R) I0 exp(jt+ ) = D’où I0 exp(j) = µo NM (NLj + Nr + R) soit I0 = 2a Pour = 0 : I0 = 0 →∞ I0 → µo M 2aL µo NM 2a µo NM 2a exp(jt) √(NLω)² + (Nr + R)² filtre passe-haut , il faut pédaler ! 5. Aux bornes des lampes : uR = Ri2 = R I0 s i n ( t + ) L’amplitude UR de cette tension est R I0 µo M R UM = lim 𝑈𝑅 = 2aL 𝜔→∞ 6. puissance instantanée absorbée par R : p = uR . i2 = RI0²sin²(t+) µo NM <pélectrique)> = ½ RI0² = ½ R ( 2a ² (NL² + (Nr + R)²) ⃗⃗⃗ ^B ⃗ 7. Γ = M ⃗⃗⃗⃗2 = Couple de Laplace : Γ = ⃗⃗⃗⃗⃗ M1 ^B µo N 𝑖2 2a M sin(t) ⃗⃗⃗⃗ 𝑢𝑥 = - µo N 2a M I0 s i n ( t + ) sin(t) ⃗⃗⃗⃗ 𝑢𝑥 Ce couple est de sens opposé à la vitesse de rotation ⃗⃗⃗⃗ 𝑢𝑥 Il faut donc appliquer un couple - Γ à l’aimant pour qu’il tourne à vitesse constante Puissance mécanique fournie à l’aimant : pméca = - Γ . ⃗⃗⃗⃗ 𝑢𝑥 = = µo NM 2a µo NM 2a I0 s i n ( t + ) sin(t) I0 [ s i n ( t) cos() + c o s ( t) sin () ] sin(t) Puissance mécanique moyenne fournie à l’aimant : <Pméca> = µo NM 4a I0 cos() µo NM 2a µo NM I0 cos() = Re ( I0 exp())= Re [ = <Pméca> = (µo NM)² 8a² 2a (NLj + Nr + R)] (Nr+R) (NL² + (Nr + R)²) ²(Nr+R) (NL² + (Nr + R)²) 8. d'où le rendement =<pélectrique)> / <Pméca> = R/ (Nr+R)